2020年辽宁鞍山高考物理一模试卷

高考物理一模试卷题号一一三四五六总分得分、单选题（本大题共8小题，共32.0分）下列说法正确的是（ ）A.牛顿利用扭秤实验测量了万有引力常数B.库仑利用扭秤实验发现了点电荷相互作用的规律C.法拉第发现了电流的磁效应D.奥斯特发现了电磁感应现象TOC\o"1-5"\h\z物理量的单位有基本单位和导出单位。 我们学写过的国际单位值的基本单位有： 质量的单位千克（kg）、长度的单位米（m）、时间的单位秒（s）热力学温度单位开（K）、电流强度的单位安培（A）、物质的量的单位摩尔（mol）。其他物理量的单位均为导出单位，它们可以用基本单位导出。 则下列关于物理量导出单位与基本单位间的关系错误的是（ ）A.功和能的单位J=kgm2/s2 B.电阻的单位Q=kgm2/A2s3C.电容的单位C=A2s3/kgm2 D.磁感应强度的单位T=kg/As2如图所示。弧BC是以A点为圆心、AB为半径的一段圆 「弧，AB=L,OB=、；L,在坐标原点O固定一个电量为+Q ZL一^的点电荷。已知静电力常数为 K.下列说法正确的是（），A.弧BC上电势最高的一点处的电场强度为等B.弧BC上还有一点与B点的电势相同C.弧BC上还有一点与C点的电场强度相同D.电子从B点沿着圆弧运动到C点，它的电势能先增大后减小4.5.如图所示。空间存在垂直纸面向里的、磁感应强度为4.5.的匀强磁场和方向竖直向上的、场强为 E的匀强电场。现有一个带电小球在上述磁场和电场中做半径为 R的匀速圆周运动，重力加速度为g。则下列说法正确的是（）A.该小球可能带正电，也可能带负电B.该小球的运动可能是逆时针的，也可能是顺时针的C.该带电小球的比荷为D.该带电小球的线速度为学质量为2kg的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动摩擦因数为 0.2,最大静摩擦力与滑动摩擦力大小视为相等。从 t=0时刻开始，物体受到方向不变、大小周期性变化的水平拉力 F的作用,F随时间t的变化规律如图所示。重力加速度g取10m/s2,则物体在t=0到t=12s这段时间的速度大小

6.7.TOC\o"1-5"\h\z为（ ）6.7.A.72m/s B.36m/s C.24m/s D.12m/s质量均匀分布的某球形行星的自转周期为 T,现在在该行星表面测量一个物体的重力，在该行星的赤道附近测量结果为在两极测量结果的 ?，万有引力恒量为G.则该行星的密度为（ ）3（>t-A.BT' B.C71 C. ”“6/如图所示，A、B两物块的质量分别为 2m和m,静止叠放在水平地面上。 A、B间的动摩擦因数为%B与地面间的动摩擦因数为 最大静摩擦力等于滑动摩擦力，8.A.当Fv2mg时，A、B都相对地面静止B.当F=：mg时，A的加速度为:四■H □C.8.A.当Fv2mg时，A、B都相对地面静止B.当F=：mg时，A的加速度为:四■H □C.当F>3mg时，A相对B滑动D.无论F为何值，B的加速度不会超过I闻*如图所示，有一个等腰直角三角形的匀强磁场区域，其直角边长为L,磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B.一边长为L总电阻为R的正方形导线框abcd,从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域。取沿a-b-c-d-a的感应电流为正，则表示线框中电流 i随bC边的位置坐标x变化的图象正确的是（多选题（本大题共4小题，共16.0分）9.如图所示，半径为R的一圆柱形匀强磁场区域的横截面，磁感9.应强度大小为B,方向垂直于纸面向外，磁场外有一粒子源， /***j i 1能沿一直线发射速度大小不等的在一范围内的同种带电粒子， ・••・带电粒子的质量为m,电荷量为q（q>0）,不计重力。现粒 ”E*f・・・卜・・丁子以沿正对cO中点且垂直于cO方向射入磁场区域，发现带电 、'.」一•」粒子恰能从bd之间飞出磁场，则（ ） J"A.从b点飞出的带电粒子的速度最大B.从d点飞出的带电粒子的速度最大

C.从d点飞出的带电粒子的运动时间最长D.从b点飞出的带电粒子的运动时间最长.如图所示。边长为L的单匝正方形导线框的电阻为 R,它放置在磁感应强度为B、方向水平向右的匀强磁场中， 使其绕垂直于磁场的轴O以角速度3逆时针匀速转动。则下列说法中正确的是（ ）A.转动过程中导线框中会产生大小和方向周期性变化的电流B.导线框转至图示位置时产生的感应电动势为零C.导线框从图示位置转过90度过程中产生的感应电流逐渐增大D.导线框从图示位置转过90度过程中产生的平均感应电动势为卫料.如图所示。光滑的水平面上有一质量为 M=4kg的长木板，长木板的左端放置一质量m=1kg的小物块，木板与物块间的动摩擦因数 （1=0.2现使木板与物块以大小相等的速度V0=1m/s分别向左、向右运动，两者相对静止时物块恰好滑到木板的右端。则下列说法正确的（ ）A.相对静止时两者的共同速度大小为 0.6m/sB.木板的长度为0.8mC.物块的速度大小为0.2m/s时，长木板的速度大小一定为 0.8m/sTOC\o"1-5"\h\zD.物块向右运动的最大距离为 0.8m.质量为m的物体放在水平地面上，从某时刻起施加一个恒力使其从静止开始向上做匀加速直线运动， 经过一段时间上升到距离地面 h时撤去该恒力，又经过相同的时间落到地面。不考虑空气阻力，则下列说法正确的是（ ）A.该恒力做的功为；mghB.物体在第一段时间内的加速度大小为 •:gC.物体在第二段时间内经过的路程为:hD.撤去该恒力时物体的动能为gmgh三、填空题（本大题共 1小题，共4.0分）.一位同学在做“测定匀变速直线运动的加速度”的实验， 打点计时器所用交流电源的频率为50Hz.在实验中得到如图所示的一条点迹清晰的纸带.他选择了连续的七个点O、A、B、C、D、E、F作测量点.若测得C、D两点相距2.70Cm,D、E两点相距2.90Cm,则小车在打D点时的速度大小为m/S.拉动该纸带运动的小车加速度大小为m/S2.[UAEU 6 EF\四、实验题（本大题共 2小题，共10.0分）.在利用线圈、条形磁铁、电流表和导线若干探究电磁感应现象中感应电流方向与磁通量变化的关系的实验中

(1)实验前需判明线圈中导线的(2)应先用试触法判明电流表中电流方向与之间的关系。15.ft为了精确测量一电阻的阻值Rx,现有以下器材：蓄电池巳电流表A,电压表V,滑动变阻器R,电阻箱Rp,开关Si、S2,导线若干。某活动小组设计了如图甲所示的电路。实验的主要步骤：15.fta.闭合Si,断开S2,调节R和Rp,使电流表和电压表的示数适当，记下两表示数分别为Ii、Ui；b.闭合S2、保持Rp阻值不变，记下电流表和电压表示数分别为I2>U2。(1)写出被测电阻的表达式Rx=(用两电表的读数表示)。(2)由于本实验所使用的电流表、电压表都不是理想电表，不能忽略电表电阻对电路的影响。则上述测量中被测电阻Rx的测量值真实值(选填“大于”“小于”或“等于”)，这是因为该实验电路能消除实验中产生的五、计算题(本大题共1小题，共13.0分).如图所示。光滑的水平地面上有质量分别为 m1=8kg,m2=m3=2kg的三个物块，物块m1、m2间安装了一个微型的定向爆炸装置，装置启动时对它们分别产生水平向左和水平向右的瞬间作用力。开始时物块 m1、m2以共同速度Vo向右运动，而物块m3静止在它们的右侧。某时刻启动爆炸装置使 m1、m2分离，m2和m3相撞后粘在一起运动，最终m1、m2、m3均向右运动，且m1的速度大小为m2、m3共同速度的一半。试求m1、m2、m3的最终速度大小？m2和m3相撞前m2的速度？(3)启动爆炸装置产生的化学能有多少转化为机械能？六、简答题(本大题共2小题，共25.0分).如图所示。质量为m的小球从A点以大小为Vo的速度朝着向右偏上45度角的方向斜上抛，在运动的过程中除受重力外还始终受水平向右的大小 F=mg的恒力作用。经过一段时间后，小球经过与抛出点等高的 B点。试求从A点运动到B点经历的时间t和A、B两点间的距离So

18.如图所示。范围足够大的水平向右的匀强电场场强为 E=105N/C.现有质量分别为18.mA=1.010-5kg和mB=0.510-5kg、带电量均为q=1.010-7C的带电粒子A和B,开始时它们在场强方向上的距离为 L=0.10m,分别位于场强方向垂直的两条虚线 M、N上。现在它们以大小为VO=10m/s、方向分别向右和向左的初速度开始运动。试求：(1)两带电粒子的加速度。(2)通过分析与计算判断下列问题。两带电粒子在场强方向上的距离满足什么条件能确定谁在左、谁在右；两带电粒子在场强方向上的距离满足什么条件不能确定谁在左、谁在右；答案和解析答案和解析.【答案】B【解析】解：A、卡文迪许利用扭秤实验首先较准确地测定了万有引力常量， 故A错误;B、库仑发现了点电荷的相互作用规律，故 B正确；C、奥斯特发现了电流的磁效应，故C错误；D、法拉第发现了电磁感应现象，故D错误；故选：B根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可。本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一。.【答案】C【解析】解：A、根据功的公式：W=FS=ma?S,其中质量的单位是kg,加速度的单位是m/s2,位移的单位是B、根据电阻的公式:C、根据电容的公式:m,则功的单位：1J=1kg?m/s2m/s2,位移的单位是B、根据电阻的公式:C、根据电容的公式:R=；= 。所以电阻的单位：1号:彳；，故B正确;4q~ ［上 C=7=彳=^=云-,所以：1F= ；,故C错庆；彳 n| 如m/skgmD、磁感应强度的公式： B=；=g；所以磁感应强度的单位： 1T叱7 故D正确。本题选择错误的故选：C。国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。同时根据相关的物理公式分析即可。国际单位制规定了七个基本物理量。分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光照强度、物质的量。它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔。同时注意导出单位与基本单位间的换算关系。.【答案】B【解析】解：A、根据正点电荷电势的特点可以知道，距离点电荷最近的点电势最高，即圆弧和y轴的交点处电势最高，该点距离点电荷为 AL=L-OA,根据几何关系可知=所以则根据点电荷场强公式可得该点的电场强度为 后二黑二誉,故A错误；B、点电荷的等势面为以点电荷为球心的同心球面，所以到点电荷距离相等的点电势相等，因为B、C两点到点电荷位置O距离相等，故这两点电势相同，故B正确；C、电场强度是矢量，两点的电场强度相同时，不仅大小相等，方向也相同，所以在弧BC上没有那一个点的场强方向与C点的相同，故C错误；D、从B点沿着圆弧运动到C点过程中，到点电荷的距离先变小后变大，所以电势先升高后降低，电子带负电荷，对负电荷来说，电势越高，电势能越小，所以电子的电势能先减小后增大，故D错误。

故选：Bo距离点电荷最近的点电势最高， 根据点电荷场强公式可以计算该位置的场强大小； 到点电荷距离相等的点电势相同；电场强度是矢量，两点的场强相同时，不仅大小相等，方向也是相同的；对负电荷来说，电势越高电势能越小。把握住三点，一是电场强度是矢量，场强相等，意味着大小相等，方向相同；二是距离正点电荷越近的位置电势越高；三是对负电荷来说，电势越高，电势能越小。.【答案】C【解析】解：A.因为带电小球在复合场中做匀速圆周运动，电场力与重力平衡，则知电场力方向向上，电场方向也向上，所以小球带正电荷，故A错误。B.由洛伦兹力提供向心力，根据左手定则判断可知，液滴沿逆时针方向转动，故 B错误。C.由于电场力等于重力，即 qE=mg,所以小球的比荷为《二；’,故C正确。D.带电小球做匀速圆周运动， 即”日=后,所以该带电小球的线速度为昨等=竿,故D错误。故选：C。小球做匀速圆周运动，电场力与重力平衡，即可由电场方向从而确定电性；根据洛伦兹力提供向心力，由左手定则判断粒子的旋转方向。 根据电场力等于重力列式求解小球的比荷。根据洛伦兹力提供向心力求解小球运动的线速度。解决该题关键是明确知道小球受到的重力和电场力大小相等， 方向相反，知道小球做匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供。.【答案】D【解析】解：最大静摩擦力为：fmax=(img=4N；拉力只有大于最大静摩擦力时，物体才会由静止开始运动0-3S时：F=fmax,物体保持静止，S1=03-6s时：F>fmax,物体由静止开始做匀加速直线运动， 加速度为：a='=Jm/s2=2m/s2t=0到t=12s这段时间加速时间实际为： t=6s则12s末的速度为：v=at=2X6m/s=12m/s,故D正确、ABC错误。故选：Do物体在0-3s内，拉力等于最大静摩擦力， 物体处于静止，3-6s内做匀加速直线运动，6-9s内做匀速直线运动，9-12s内做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出匀加速运动的加速度，根据速度时间公式求出 12s时物体的速度大小。解决本题的关键理清物体在各段时间内的运动规律， 结合牛顿第二定律和运动学公式综合求解。.【答案】B【解析】解：对于放置于行星两极的质量为 m的物体，由万有引力等于重力得出:得：GF=G1,Mr，在赤道：G—=G2+又G2=——G1,

联立解得：M=nGT14 n又M="kR3,联立解得：「=此〒，故ACD错误，B正确。故选：Bo在赤道上，物体的万有引力提供重力和向心力，两极位置重力等于万有引力，最后联立求解。本题关键明确物体的运动规律，然后结合万有引力定律提供向心力列式后联立求解。.【答案】A【解析】解：A、设B对A的摩擦力为fi,A对B的摩擦力为f2,地面对B的摩擦力为f3,由牛顿第三定律可知fi与f2大小相等，方向相反，fi和f2的最大值均为2gg,f3的最大值为£师g.故当0vFVmg时，A、B均保持静止；继续增大F,在一定范围内A、B将相对静止以共同的加速度开始运动，故 A错误；C、设当A、B恰好发生相对滑动时的拉力为 F',加速度为a',则对A,有F'-2mg=2ma',对A、B整体，有F'-」mg=3ma',解得F'=3pmg,故当:师gvFW3mg时，A相对于B静止，二者以共同的加速度开始运动；当 F>3mg时，A相对于B滑动。C正确。B、当F=:pmgv3mg时，A、B相对静止，以A、B为研究对象，由牛顿第二定律有F-t(img=3ma,解得a=：⑼B正确。D、对B来说，其所受合力的最大值Fm=2pmg-.(jmg=：师g,即B的加速度不会超过|闻,D正确。本题选错误的，故选：Ao根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对B分析求出整体的临界加速度，通过牛顿第二定律求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力。然后通过整体法隔离法逐项分析。本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用， 解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力.【答案】C【解析】解：bC边的位置坐标x在L-2L过程，线框bc边有效切线长度为l=x-L,感应 E 削7K 电动势为E=Blv=B(x-L)v,感应电流i=j,,=....,根据岳次te律判断出来感应电流方向沿a-b^c一d-a,为正值。风■然河

ftx在2L-3L过程，根据楞次定律判断出来感应电流方向沿 a-d-c-b-a,风■然河

ft框ad边有效切线长度为l=x-2L,感应电动势为E=Blv=B(x-2L)v,感应电流i=-,.根据数学知识知道C正确。故选：Co分段确定线框有效的切割长度， 分析线框中感应电动势的大小与位置坐标的关系。 线框的电阻一定，感应电流与感应电动势成正比。本题关键确定线框有效切割长度与 x的关系，再结合数学知识选择图象。

.【答案】AC【解析】解：粒子在磁场中，受到洛伦兹力作用做匀速圆周运动，根据题意作出粒子运动轨迹如图所示图中Ob为到达b点的轨迹的圆心，Od为到达d点的轨迹的圆心，根据几何关系可知，rb>rd,到达d点转过的圆心角比到达b点的圆心角大，AB.根据r=：可知，b的半径最大，d的半径最小，所以从b点飞出的带电粒子的速度最大，从d点飞出的带电粒子的速度最小，故A正确，B错误。CD.周期丁=箸，所以粒子运动的周期相等，而达 d点转过的圆心角最大，b点转过的圆心角最小，所以d点飞出的带电粒子的时间最长， b点飞出的带电粒子的时间最短，故C正确，D错误。故选：AC。作出粒子运动轨迹，由几何知识比较粒子轨道半径和圆心角大小， 再根据丁尚；；和r节比较即可。解决该题的关键是正确作出粒子从 b、d两点射出的运动轨迹，能根据几何知识求解出两种情况下的半径以及圆心角的大小关系。.【答案】AD【解析】解：A、正弦式交流电是线圈在匀强磁场中匀速转动会产生的，因为线圈在匀强磁场中匀速转动时，穿过线圈的磁通量周期性的变化，故A正确；B、在导线框转到图示位置时，穿过线框的磁通量为零，但磁通量的变化率最大，则产生的感应电动势最大，故B错误；C、线框经过中性面位置时，穿过线框的磁通量最大，感应电动势最小为零，所以从此位置转过90度过程中产生的感应电动势逐渐减小，即感应电流逐渐减小，故C错误；D、导线框从图示位置转过90度磁通量的变化量为： △?=BL2,所用时间为：At= = 根据法拉第电磁感应定律E=W可得:E=-,故D正确。故选：AD。正弦式交流电是由线框在匀强磁场中匀速转动产生的； 线框在磁场中转动过程中经过中性面时，产生的感应电动势为零，经过与中性面垂直的位置时，产生的感应电动势最大；平均感应电动势用法拉第电磁感应定律计算。线框经过中性面的特点的特点是： 第一，磁通量最大；第二，磁通量的变化率最小为零；第三，电流的方向发生变化，线框转动一周有两次经过中性面，电流方向改变两次。.【答案】AB【解析】解：A、以向左为正方向，由动量守恒定律得： Mvo-mv0=(M+m)v,代入数据解得：v=0.6m/s,故A正确。

B、对系统，由能量守恒定律得： %1嫌+114=1"+加"+所以，代入数据解得：L=0.8m,故B正确。C、物块与木板组成的系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：Mvo-mv0=Mv1+mv2,解得，当物块速度大小为 0.2m/s、方向向右时：vi=0.8m/s,当物块速度大小为0.2m/s,方向向左时：vi=0.7m/s,故C错误。D、以地面为参考系，物块先向右做匀减速直线运动，后向左做匀加速直线运动，当物块速度为零时向右运动的距离最大，由动能定理得：-(jmgx=0-%无，代入数据解得，向右运动的最大距离 x=0.25m,故D错误。故选：AB。物块与长木板组成的系统动量守恒， 应用动量守恒定律可以求出两者的共同速度， 应用能量守恒定律可以求出木板的长度，根据题意应用动量守恒定律分析答题。本题考查了动量守恒定律的应用，根据题意分析清楚物体运动过程是解题的前提与关键，应用动量守恒定律与能量守恒定律可以解题。.【答案】BD【解析】解：AB.令上升所用时间为t,上升过程，根据牛顿第二定律有 F-mg=ma,其位移为-撤去外力F时物体的速度为v=at,下降过程物体只受到重力作用，其加速度为 g,根据匀变速直线运动的位移时间公式有 ―”nt ,联立解得a=F=5mg,所以该恒力做功为W=Fh="g,故A错，B正确。CD.撤去外力F时物体的速度为皆=也h二胃,物体的动能为Ek=m/=；mg也，撤去F后物体上升的高度为h七%所以物体在第二段时间经过的路程为 s=2H+也=、，故C错误，D正确。故选：BD。上升过程根据牛顿第二定律以及匀变速直线运动的位移公式列式， 下降过程物体只受到重力作用，其加速度为g,根据匀变速直线运动的位移公式列式，联立方程求解上升的加速度、外力F以及撤去外力时的速度大小。 根据W=Fx求解外力F做的功，根据葬=(求解撤去外力F时物体上升的高度，再求解物体经过的路程。解决该题的关键是正确分析物体的运动过程，明确知道物体在各段运动过程的物理特征，撤去外力F后物体做先减速再反向加速运动，全程根据位移时间公式列方程。.【答案】1.45【解析】解：打点计时器所用交流电源的频率为 50Hz,所以相邻的计数点的时间间隔是0.02s可以求出打纸带上 D可以求出打纸带上 DVD=VD=一:0.O270t[)02**0=1.4m/s根据匀变速直线运动的推论公式Ax=aT根据匀变速直线运动的推论公式Ax=aT2可以求出加速度的大小,2得：a= = =5m/S2.F(o.o:r故答案为：1.4,5根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度， 可以求出打纸带上点时小车的瞬时速度大小.根据匀变速直线运动的推论公式 Ax=aT2可以求出加速度的大小.要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力， 在平时练习中要加强基础知识的理解与应用..【答案】绕制方向指针偏转方向【解析】解：(1)在探究电磁感应现象中感应电流方向与磁通量变化的关系的实验中,实验前必须判明线圈中导线的绕制方向；(2)在此实验中，还需要知道电流表中电流方向与指针偏转方向关系，因此应先用试触法判明它们之间的关系；故答案为：(1)绕制方向；(2)指针偏转方向。根据楞次定律的内容，结合电流表的电流方向与指针偏转方向关系，从而即可求解。考查实验的目的与实验原理，掌握感应电流方向与磁通量变化的关系是本实验的关键。.【答案】/九等于系统误差【解析】解：(1)由欧姆定律根据步骤a,设电压表内阻为Rv,则?+1=|1ni- "M由以上两式可得：Rx=(2)因把电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，即可解出待测电阻的真实值。则被测电阻Rx的测量值等于真实值。故答案为：(1)二号”(2)等于，系统误差。(1)在两种情况下是将电压表内阻考虑在内后列出欧姆定律表达式，可得出对应的表达式；(2)根据电表对电路的影响可解出待测电阻的真实值。本题考查电阻测量及误差分析； 若题目要求求出待测量真实值时， 只需把电表内阻考虑在内，然后根据欧姆定律和串并联规律求解即可。.【答案】解：(1)设最终m1的的速度为v,则m2、m3的共同速度为2v,三个物块组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得：(m〔+m2)vo=m1v+(m2+m3)?2V代入数据解得：v=2.5m/sm1的最终速度大小为2.5m/s,m2、m3的最终速度大小为5m/s；(2)叫、m2分开后，以m2、m3为研究对象，以向右为正方向，m2、m3碰撞过程动量守恒，由动量守恒定律得： m2V2=(m2+m3)?2v,代入数据解得：v=10m/s

(3)由能量守恒定律得:女叫+叫）M+^E=：m2V22+；mivi2(3)由能量守恒定律得:代入数据解得：AE=45J；答：(1)mi、m2、m3的最终速度大小分别为： 2.5m/s、5m/s、5m/s。(2)m2和m3相撞前m2的速度为10m/s。(3)启动爆炸装置产生的化学能有 45J转化为机械能。【解析】(1)三个物块组成的系统动量守恒，应用动量守恒定律可以求出物块的最终速度。(2)对m2、m3系统应用能量守恒定律可以求出碰撞前 m2的速度。(3)应用能量守恒定律可以求出启动爆炸装