2023届河南省濮阳市南乐县第一高级中学高三上学期9月月考数学（文）试题（解析版）

试卷第=page22页，共=sectionpages44页2023届河南省濮阳市南乐县第一高级中学高三上学期9月月考数学（文）试题一、单选题1．已知集合，，则（

）A． B． C． D．【答案】D【分析】化简集合,再根据交集的概念进行运算可得.【详解】因为函数的值域为所以,又集合,所以.故选:D【点睛】本题考查了交集的运算,函数的值域,解一元二次不等式,属于基础题.2．设，集合是偶数集，集合是奇数集.若命题，则（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据全称量词命题的否定是存在量词命题求解.【详解】因为命题是全称量词命题，所以其否定是.故选：D.【点睛】本题主要考查含有一个量词的命题的否定，还考查了理解辨析的能力，属于基础题.3．已知为非零向量，则“与的夹角为锐角”是“”的（

）A．充分不必要条件 B．必要不充分条件C．充要条件 D．既不充分也不必要条件【答案】A【解析】根据平面向量数量积的定义，结合向量共线的性质，利用充分条件与必要条件的定义，即可判断出结论．【详解】与都是非零向量，若“向量与夹角为锐角”，则“”，反之，若，与可能同向共线，此时与的夹角不为锐角．因此“与的夹角为锐角”是“”的充分不必要条件．故选：A．【点睛】方法点睛：判断充分条件与必要条件应注意：首先弄清条件和结论分别是什么，然后直接依据定义、定理、性质尝试.对于带有否定性的命题或比较难判断的命题，除借助集合思想化抽象为直观外，还可利用原命题和逆否命题、逆命题和否命题的等价性，转化为判断它的等价命题；对于范围问题也可以转化为包含关系来处理.4．若，则（

）A． B． C． D．【答案】C【分析】先对条件平方得，再根据诱导公式得结果.【详解】故选：C【点睛】本题考查同角三角函数关系、诱导公式，考查基本分析求解能力，属基础题.5．定义在上的奇函数满足，当时，，则在区间上是（

）A．减函数且 B．减函数且C．增函数且 D．增函数且【答案】D【分析】求得函数在区间上的解析式，进而可得出结论.【详解】由于函数为上的奇函数，当时，，则，由于，则当时，，此时，，所以，函数在区间上是增函数，且，则.故选：D.【点睛】本题考查函数在区间上的单调性与函数值符号的判断，求出函数在区间上的解析式是解题的关键，考查计算能力，属于中等题.6．函数在上的图象大致为（

）A． B．C． D．【答案】A【解析】先判断函数的奇偶性和对称性，再利用特殊值的符号进行排除即可．【详解】依题意，，故函数为偶函数，图象关于轴对称，排除B；而，排除D，，排除C.故选：A【点睛】方法点睛：识别图像的常用方法：利用函数的定义域，奇偶性，对称性，单调性，特值法一一排除.7．已知中，点是线段上靠近的三等分点，是线段的中点，则（

）A． B．C． D．【答案】C【解析】不妨设为等腰直角三角形，其中，以线段所在直线为轴，线段的垂直平分线为轴，建立平面直角坐标系,分别求得向量的坐标，利用平面向量的基本定理求解.【详解】不妨设为等腰直角三角形，其中，以线段所在直线为轴，线段的垂直平分线为轴，建立如图所示的平面直角坐标系；设，故，，故，，，故，，设，则，解得，故．故选：C8．已知函数，将函数图象的横坐标缩短为原来的倍后，再向右平移个单位，得到函数的图象，则下列说法错误的是（

）A．的周期为 B．在上先减后增C． D．在上的最大值为1【答案】D【解析】由利用伸缩变换和平移变换得到，然后再逐项判断.【详解】将函数图象上所有点的横坐标缩短为原来的倍后，得到，再向右平移个单位后，得到，故函数的周期为，故A正确；令，解得，所以函数在上单调递减上单调递增，故B正确；由于，则是图象的一条对称轴，故C正确；函数在上的最大值为2，故D错误．故选：D【点睛】方法点睛：解决三角函数图象与性质综合问题的方法：先将y＝f(x)化为y＝asinx＋bcosx的形式，然后用辅助角公式化为y＝Asin(ωx＋φ)＋b的形式，再借助y＝Asin(ωx＋φ)的性质(如周期性、对称性、单调性等)解决相关问题．9．若，，，则下列结论正确的是A． B． C． D．【答案】D【详解】分析：利用指数函数的性质以及对数函数的性质，分别确定，，的范围，从而可得结果.详解：因为，所以，故选D.点睛：本题主要考查对数函数的性质、指数函数的单调性及比较大小问题，属于难题.解答比较大小问题，常见思路有两个：一是判断出各个数值所在区间（一般是看三个区间）；二是利用函数的单调性直接解答；数值比较多的比大小问题也可以两种方法综合应用.10．已知是定义在上的奇函数，且当时．若，则满足的的取值范围是（

）A． B．C． D．【答案】A【分析】根据给定条件确定出函数的单调性，借助单调性解不等式即得.【详解】因当时，，则在上为减函数，根据奇函数的性质，得在上单调递减，且，由得：，即，于是得：，解得，所以的取值范围是.故选：A11．在中，角的对边分别为．若，则三角形的面积，因为这个公式最早出现在古希腊数学家海伦的著作《测地术》中，故称之为海伦公式．将海伦公式推广到凸四边形(凸四边形即任取平面四边形一边所在直线，其余各边均在此直线的同侧)中，即“设凸四边形的四条边长分别为，凸四边形的一对对角和的一半为，凸四边形的面积为，现有凸四边形，则四边形的面积的最大值为（

）A． B．C． D．【答案】D【分析】根据所给公式计算即可，然后由正弦函数性质得最大值．【详解】由得又则，所以当时，凸四边形面积的最大值为．故选：D．12．已知函数且恒成立，则实数的取值范围是（

）A． B． C． D．【答案】A【解析】根据条件变形可知在区间上单调递减，转化恒成立，即可求解.【详解】不妨设可得令则在区间上单调递减，所以在区间上恒成立，当时，当时，，而，所以在区间上单调递减，则，所以.故选：A【点睛】关键点点睛：本题中恒成立，可转化为函数递减是解题的关键，突破此点后，利用导数在区间上恒成立，分离参数就可求解.二、填空题13．设平面向量，，若，则的值为_____.【答案】2【分析】利用向量垂直的数量积坐标公式可求得答案.【详解】由，得，解得.故答案为：2.【点睛】本题考查向量的数量积的坐标运算，属于基础题.14．函数的图像在点处的切线垂直于直线，则_______.【答案】【分析】先求出，再解方程即得解.【详解】因为.所以.因为.所以.故答案为：【点睛】本题主要考查求导和导数的几何意义，意在考查学生对这些知识的理解掌握水平.15．已知是上的奇函数，且当时，，则函数在上的零点的个数是______.【答案】5【分析】由函数的零点，在时,令求零点，根据奇函数的对称性及性质可得其它的零点，即可知在上的零点的个数.【详解】时,令，解得，；根据奇函数的对称性，当时，的零点是，；又，所以在上共有5个零点.故答案为：5.【点睛】本题考查了函数的零点，应用了奇函数的性质：关于原点对称且，属于基础题.16．对于三次函数，给出定义：设是函数的导数，是的导数，若方程有实数解，则称点为函数的“拐点”.经过探究发现：任何一个三次函数都有“拐点”；任何一个三次函数都有对称中心，且“拐点”就是对称中心.设函数，则_____.【答案】2019【分析】令，求得的对称中心是，进而得到求解.【详解】因为，所以，，令，得，又，所以的对称中心是，所以，所以，，，故答案为：2019【点睛】关键点点睛：本题关键是理解拐点即为对称点，由求得对称中心.三、解答题17．设，：函数的定义域为R，q：函数在区间上有零点.（1）若q是真命题，求a的取值范围；（2）若是真命题，求a的取值范围.【答案】（1）（2）或【解析】（1）将函数的零点问题转化为两个函数的交点问题，从而得出的范围；（2）由判别式小于0得出中的范围，根据或命题的性质得出的范围.【详解】解：（1）当q是真命题时，在上有解即函数与函数有交点又的值域为所以a的取值范围为.（2）当p是真命题时，由题意，在上恒成立，则，则.记当p是真命题时，a的取值集合为A，则；记当是真命题时，a的取值集合为B，则或，因为是真命题所以a的取值范围是或【点睛】本题主要考查了由命题为真命题求参数的范围，属于中档题.18．已知的一个极值点为2.（1）求函数的单调区间；（2）求函数在区间上的最值.【答案】（1）单调递减区间为，单调递增区间为，；（2）最小值为，最大值为.【分析】（1）由题目极值点为2可以求得解析式中的值，并验证确为极值点，则函数表达式确定，根据导数的正负判断函数单调性即可（2）根据（1）中对函数单调性的研究，可以判断在区间上的单调性，从而得出最大最小值【详解】解:（1）因为，所以，因为的一个极值点为2，所以，解得，此时，，令，得或，令，得；令，得或，故函数在区间上单调递减，在区间，上单调递增.即适合题意

所以，函数单调递减区间为，单调递增区间为，（2）由（1）知，在上为增函数，在上为减函数，所以是函数的极大值点，又，，，所以函数在区间上的最小值为，最大值为.19．已知向量与的夹角为，且，．(1)若向量与共线，求实数的值；(2)若向量与的夹角为锐角，求实数的取值范围．【答案】(1)(2)【分析】（1）由与共线，得到，然后由，即，根据，不共线求解；（2）法一：根据与的夹角为锐角，由且与的夹角不为求解；法二：设与的夹角为，然后由即求解．【详解】（1）解：因为与共线，所以，即存在实数，使得，即，因为，不共线，所以解得，故．（2）法一：因为与的夹角为锐角，所以且与的夹角不为．首先，因为，所以，解得；其次当时，由（1）得与的夹角为，所以，所以的取值范围为．法二：设与的夹角为，由已知得．因为，，．．所以，解得，，所以的取值范围为．20．在△ABC中，角A、B、C所对的边分别为a、b、c，.（1）求角A；（2）若，求的最大值.【答案】（1）；（2）.【分析】（1）先用正弦定理，将条件中的边化为角，再利用,将角化成形式，即，进而求得，即可得到的值；（2）由余弦定理，可以转化为，再利用基本不等式求的最大值.【详解】（1）由，根据正弦定理，得，即，所以，因为，所以，即，∵，∴.（2）因为，，由余弦定理得：，即，∴.∵，∴，∴，当且仅当时等号成立.故的最大值为.【点睛】本题考查解三角形中的求角、边的最值，考查函数与方程思想的应用，考查基本运算求解能力，利用基本不等式求的最大值时，要注意等号成立的条件.21．已知，，．（1）求函数的单调递增区间；（2）当时，对任意，不等式恒成立，求实数的取值范围．【答案】（1）（2）【详解】试题分析：先利用平面向量的数量积运算化简成的形式，再利用整体思想与三角函数的图像与性质进行求解．试题解析：（1）令得,所以函数的单调递增区间为（2）当时，，，因为对任意，不等式恒成立所以恒成立，即，即恒成立若，符合条件；若，则且，即；所以实数的取值范围为【解析】1．平面向量的数量积；2．函数的单调区间；3．函数的值域．22．设函数，，其导函数为．(1)求函数的单调区间；(2)若，为整数，且当，，求的最大值．【答案】(1)详见解析；(2)2.【分析】(1)求出函数的导函数，再按、讨论正负即可得解；(2)根据给定条件将不等式等价转化并分离参数，构造函数，讨论它的最小值即可得解.【详解】（1）因为的定义域为R，．当时，