2022-2023学年广东省深圳市福田区耀华实验学校物理高三第一学期期中监测试题含解析

2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生须知：2B非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，质量为M=12kg的小车停放在光滑水平面上．在小车右端施加一个F=12N8m/sm=12kg（小黑煤块视为质点且初速度为零＝1定小车足够长（）A．煤块在整个运动过程中先做匀加速直线运动稳定后做匀速直线运动B．小车一直做加速度不变的匀加速直线运动C．煤块在3s内前进的位移为9mD．小煤块最终在小车上留下的痕迹长度为1．8m2A．甲轨道上的小球先到达右侧C．丙轨道上的小球先到达右侧

B．乙轨道上的小球先到达右侧D．三个轨道上的小球同时到达右侧3100为()A．5 2AC．6A

B．2 5AD．5A4、某天体的两颗卫星abQ轨道上沿逆时针方向做匀速圆周Qrrr=4r，则下面说法正确的1 2 2 1是A．卫星a的加速度小于卫星b的加速度B．从图示位置开始计时，在一小段时间内两卫星间的距离不断减小C．在以后运动过程中，只要卫星b处于图示位置，则卫星a也一定处于图示位置D．若使卫星a变轨到Q轨道上运动，则必须减小卫星a的速度5质量为m的小球被系在轻绳一端在竖直平面内做半径为R的圆周运动如图所示运动过程中小球受到空气阻力的作用设某一时刻小球通过轨道的最低点此时绳子的张力为7mg，在此后小球继续做圆周运动，经过半个圆周恰好能通过最高点，则在此过程中小球克服空气阻力所做的功是（ ）14mgR

13mgR

12mgR

mgR6、如图所示，起重机将重为G的重物匀速吊起，此时四条钢索与竖直方向的夹角均为60°，则每根钢索中弹力大小为（ ）G G A．4 B．2 C．4 D．6二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖，在玻璃砖底面上的入射为，经折射后出b两束光线．则（ ）在玻璃中，ab光的传播速度在真空中，ab光的波长ab光的折射率分别用bb的干涉条纹间距若改变光束的入射方向使a首先消失8、在平直公路上行驶的a车和b车，其位时间图像分别为图中直线a和曲线b，知车的加速度恒定且等于-2m/s2，t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，则（ ）A．a车做匀速运动且其速度为v

8a3a

t=3sab车相遇且此时速度相同t=1sb10m/s

t=0abx0=9m9、如图所示为甲、乙两物体在同一直线上运动的位置坐标x随时间t变化的图像，知甲对应的是图像中的直线，乙对应的是图像中的曲线，则下列说法正确的( )A．甲做匀减速直线运动B．乙做变速直线运动C．0～t1D．两物体的运动方向相反f10FF说法正确的是fffffA．当车匀速运动时，F和F对车的合力为零B．当车加速运动时，F和F对车的合力与车的位移方向相反C．当车减速运动时，F和F对车的合力与车的位移方向相反D．不管车做何种运动，F和F对车的合力都为零ffff218出演算过程。1（6分）在探究弹簧弹性势能实验中：如图1，弹簧的一端固定，原来处于自然长度。现对弹簧的另一端施加一个拉力缓慢拉伸弹簧关于拉力或弹簧弹力做功与弹簧弹性势能变化的关系以下说法中正确是 A．拉力做正功，弹性势能增加B．拉力做正功，弹性势能减少CD由于拉力是变力，拉力做功可以分割成一小段一小段处理，每一小段的弹力可以近似看成是恒力再把每一小段的功相加求和可得W某次实验中作出拉力F拉与弹簧伸长量x的图象如图则在弹簧被拉长L的过程中拉力做为 。（3）若换一根劲度系数更大的弹簧做此实验，则图2的图象斜率将 （选填变减小”“增大”）1（12分）进行“验证机械能守恒定律”的实验，其装置如图所示。实验步骤如下：①将气垫导轨放在水平桌面上，将导轨调至水平；②测出挡光条的宽度d和两光电门中心之间的距离L；③如图连接好装置，将滑块移至光电门12；l 212tl 2⑤用天平称出滑块和挡光条的总质量为M再称出重物的质量为m，当地重力加速度为g。l根据以上数据可以求得滑块通过光电门1时的速度v= 若满足关系则可认为验证了系统的机械能守恒以上结果均用题目中给定的字母表示)l226必要的文字说明、方程式和演算步骤。1（10分）一个带正电的小物体，q1106C，放在倾角为37(g取10m/s2).求:物体的质量及物体与斜面间的动摩擦因数；在图丙所示周期性变化的水平电场作用下，物体一个周期内的位移大小；内电势能的变化量。1（16分M=2.0kgm=1.0kg（可视为质点现用水平恒力F=8.0N向右拉长木板，使小滑块与长木板发生相对滑动，经过t=1.0s撤去拉力F.小滑块在运动过程中始终没有从长木板上掉下.求：F时小滑块和长木板的速度各为多少运动中小滑块距长木板右端的最大距离是多大？1（12分）在水平地面上有一质量为kg的物体，在水平拉力F的作用下由静止开始运动，10s后拉力大小减为零，该物体的运动速度随时间t的变化规律如图所示．取求：前10s内物体的加速度和位移大小物体与地面之间的动摩擦因数物体受到的拉力F的大小．参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：根据牛顿第二定律，刚开始运动时对小黑煤块有：μFN＝ma1，FN−mg＝2，v1＝v+1v＝vt=1M+）5 5a3，a3＝6m/s1a3＝6m/s1AB1s内1 1小黑煤块前进的位移为：x＝at1＝×1×11m＝4m，然后和小车共同运动1s时间，1 2 1 21此1s时间内位移为：x′1＝v1t′+2a3t′1＝4．4m，故煤块在3s内前进的位移为1 14+4．4m=5．4m，故选项C错误；在1s内小黑煤块前进的位移为：x＝at1＝×1×11 2 1 21 11＝4m，小车前进的位移为＝vt+ at1＝1．5×1+ ×2．6×11＝6．5m，两者的相1 1 2 1 21 对位移为：△x＝x−x＝6．5−4＝1．5m，故选项D正确．故选D1 考点：牛顿第二定律的应用两物体的运动情况，再根据运动学基本公式求解，难度适中．2、B【解析】由题意可知，丙球先减速后加速，水平方向平均速度最小，所以丙球最后到达右侧，三个小球动过程中始终未脱离轨道，利用临界条件可知，乙球先加速后减速过程，若斜面倾角趋近于90 ，要不脱离轨道，速度只能趋近于0，乙球先加速后减速，显然先到达，0，两个时间趋近相等，故B。3、B【解析】0−1sK=0.01/1Wb/s=0.01Wb/s，1则感应电动势为：E=nK=1V，1 11−1.2s=0.01/0.2Wb/s=0.05Wb/s，2则感应电动势为：E=nK=5V，2 2对一个定值电阻，在一个周期内产生的热量：52Q=Q+Q1 2

0.5

0.5×0.2=12J根据有交流电有效值的定义：Q=I2RT5得：I=5

A，故ACD错误，B正确；故选B.4、C【解析】根据万有引力提供向心力有：GMmmar2可得：aGMr2r2

4r，所以卫星a的加速度是卫星b的加速度16倍，故A错误；1根据万有引力提供向心力有：GMmr2可得：GMr3GMr3

m2rr2

4r，所以卫星a的角速度是卫星b的角速度8倍，从图示位置开始计时，在1一小段时间内两卫星间的距离不断增大，故B错误；1卫星a的角速度是卫星b8倍，那么卫星a的周期是卫星b8，所以在以后运动过程中，只要卫星b处于图示位置，则卫星a也一定处于图示位置，故正确；若使卫星a变为在Q轨道上运动，即做离心运动，必须增大速度，故D5、C【解析】圆周运动在最高点和最低点沿径向的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出最高点和最低点的速度，再根据动能定理求出此过程中小球克服空气阻力所做的功。【详解】v2v小球在最低点，由牛顿第二定律有1R

，由题意知：F=7mg，在最高点时，v2v由于小球恰好能通过最高点，重力提供向心力有2R

，小球选取从最低点到最1 1高点作为过程，由动能定理可得：-mg2R-W=2mv2-2mv2，联立以上可得：f 2 11Wf=2mgR，故C正确，ABD错误。【点睛】动能与末动能，及过程中哪些力做功，做正功还是负功。6、B5向正交分解，如图：根据共点力平衡条件，有：4×Tcos60°=G解得T=G/2故选：B．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABE【解析】AC.根据光路图可知，aab光的折射率，根据vC错误；

c知，aa光在玻璃中的传播速度较小，故A正确，nB.aa光的频率较大，根据＝c知，在真空中，a光的波长较小，f故B正确；D.a光的波长较小，根据L知，a光的干涉条纹间距较小，故D错误；dE.根据sinC

1a光发生全反射的临界角较小，改变光束的na首先消失，故E8、BD【解析】车的速度不变，做匀速直线运动，速度为s 82av t 3 m/s2m/sa故A错误；t3sabB正确；t3s时，b车的速度为vvb

2m/sb车的初速度为vb车，有0vatv0 b解得v8m/s0则t1sb车的速度为vvat

(821)m/s6m/sb 0 1故C错误；t3s时，a车的位移为s vt6ma ab车的位移为vv 82s 0 bt 3m15mb 2 2t3s时，a车和b车到达同一位置，得sss0 a

9m故D正确。故选BD。9、BD【解析】1故A错误．乙图像切线的斜率不断增大，说明乙的速度不断增大，做变速直线运动，B时间内两物体位移大小不相等，方向相反，所以平均速度不相等，故C错误．根据图像的斜率等于速度可知，甲的速度为负，乙的速度为正，即两物体的运动方向相反，故DBD．110、AB【解析】ABF和FfF和Ff对车的合力为零，故A正确；B、当车加速运动时，汽车对人的推力F和摩擦力Ff的合力与车的位移同向，所以F和Ff对车的合力与车的位移方向相反，故B正确；CD错误综上所述本题答案是：AB218出演算过程。111、AC【解析】

增大2胡克定律计算可得。【详解】(1)[1]AA正确，B错误；CC误。[2]因拉力随位移均匀增大，可以用平均力来计算0F 1W L FL2 2[3]Fkx2将增大【点睛】当弹簧弹力对外做正功时，弹性势能减小；当弹簧弹力对外做负功时，弹性势能增加。d 1 d 1 d12、

mgL (mM)( )2 (mM)( )2l1【解析】

2 l 2 l2 1[1]．由于光电门的宽度d很小，所以我们用很短时间内的平均速度代替瞬时速度。滑块通过光电门1速度为：vd1 t1滑块通过光电门2速度为：v d2 t2[2]=E-E，即：p k2 k1mgL1Mm(d)21mM(d)22 t 2 t2 1即系统重力势能减小量等于动能增加量，则可认为验证了机械能守恒定律。226必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（1）1kg 0.5（2）24m（3）483J【解析】截距进行分析；根据牛顿第二定律求解前2s2s内的位移、2～4s内的位移即可；15s内的位移大小，根据电场力做的功等于电势能的变化来分析；【详解】、与斜面间的动摩擦因数为Fmgcos37mgsin37maa

1Fgcos37gsin37，m结合乙图象得：

1101，所以m；m 10F0gcos37gsin3710m/s20.5；qE1

mgma1qE1a1

110611106N11N6m/s2，方向水平向右1 12sx1

at2 11

622m12m2v1

at11

62m/s12m/s；2s～4s内：由牛顿第二定律可得：qE2mgma2其中：qE211061106N1N，解得加速度大小为a26m/s2，方向水平向左；由此可知在2～4s内做减速运动，4s末速度为：v2

vat1 2

1262m/s0x2

122a2t22

12m所以一个周期内位移为：xxx1 2

24m；1s由周期性运动可知，15 内E作用下位移为4x，E1s1 2

作用下位移为：3x1

xxvt1

12at2代入数据解得：x9m

作用下做功为：W1

qE1

4x1代入数据解得：W1

528JE2

作用下做功为：W2

qE2

3x1代入数据解得：W2

45J即15s内电场力做功为：WWW1 2

483J所以物体电势能的减少量为