贵州省平坝县2022学年高二上学期期末考试物理模拟试题

PAGE12贵州省平坝县2022-2022学年高二上学期期末考试物理试题一、选择题1如图所示，把一个不带电的枕形导体靠近带正电的小球，由于静电感应，在a、b两端分别出现负、正电荷，则以下说法正确的是

1，有电子从枕形导体流向地2，有电子从枕形导体流向地1，有电子从地流向枕形导体2，没有电子通过S2【答案】C【解析】【分析】（1）感应起电的实质是在带电体上电荷的作用下，导体上的正负电荷发生了分离，使电荷从导体的一部分转移到了另一部分，既然是转移，那么电荷必然守恒。（2）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。【详解】枕型导体在带正电的金属棒附近时，枕型导体上的自由电子会向金属棒的右边运动，金属棒的右端因有了多余的电子而带负电，左端因缺少电子而带正电；而当闭合任何开关时，导体就会与大地连接，会使大地的电子流入枕形导体，当处于静电平衡时，枕形导体是个等势体；故C正确，ABD错误；故选C。【点睛】题考查电荷的转移，有一定的难度，关键知道由于异种电荷相互吸引，大地的负电荷（自由电子）会转移到导体上。2如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一带电的小液滴，S闭合后，液滴处于静止状态。下列说法正确的是

闭合，A板稍向下移，则液滴将向下加速运动闭合，B板稍向右平移，则液滴仍将保持静止C充电后，将开关S断开，A板稍向下移，则液滴将向上加速运动D充电后，将开关S断开，将B板稍向右平移，则液滴仍将保持静止【答案】B【解析】试题分析：开关S闭合后，电容器板间电压不变．A板稍向下移，由分析可知，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，则液滴将向上加速运动，故A错误．开关S闭合后，将B板稍向右移，场强不变，则液滴仍将保持静止，选项B正确；充电后开关S断开，A板稍向下移，则根据，以及可得，场强不变，则液滴仍静止，选项C错误；充电后，将开关S断开，将B板稍向右平移，电容减小，而电量不变，由电容的定义式分析可知板间电压增大，场强增大，液滴所受的电场力增大，则液滴将向上加速运动．故D错误．故选B。考点：电容器的动态分析【名师点睛】本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变。、B两电阻的伏安特性曲线，关于两电阻的描述正确的是

的电阻随电流的增大而减小，电阻B的阻值不变B在两图线交点处，电阻A的阻值等于电阻B的阻值C在两图线交点处，电阻A的阻值大于电阻B的阻值D在两图线交点处，电阻A的阻值小于电阻B的阻值【答案】B【解析】试题分析：由图可知，电阻A的图象的斜率越来越大，故A的电阻随电流的增大而增大，电阻B阻值不变；故A错误；两图象的交点处，电流和电压均相同，则由欧姆定律可知，两电阻的阻值大小相等；故B正确，CD错误；故选B。考点：U-I图象【名师点睛】本题考查伏安特性曲线的应用，要注意明确U-I图象中图象的斜率表示电阻；斜率变大时，电阻增大。4如图所示，直线A为电源的U—I图线，直线B为电阻R的U—I图线，用该电源和电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电路的总功率分别是

，，4W，，3W【答案】C【解析】解：由图可知，E=3V，U=2V，I=2A，则电源输出功率为：v2，可知电子运动到M板时速率不变，故D错误。故选BC。【点睛】题根据电子的运动的规律，列出方程来分析电子的加速度、运动的时间和速度分别与哪些物理量有关，根据关系式判断即可．三、实验探究题13某同学采用如图所示的电路测定电源电动势和内电阻．已知干电池的电动势约为，内阻约为1Ω；电压表0～3V,3Ω、电流表0～,Ω、滑动变阻器有R110Ω，2A和R2100Ω，各一只．

1实验中滑动变阻器应选用________填“R1”或“R2”．2在下图方框中画出实验电路图．

3在实验中测得多组电压和电流值，得到如上图所示的U－I图线，由图可较准确地求出该电源电动势E＝________V；内阻r＝________Ω【答案】1R12如图所示3－－

【解析】试题分析：（1）电路中最大电流，的额定电流远小于，同时阻值远大于电源内阻，不便于调节，所以变阻器选用。（2）对照电路图，按电流方向连接电路，如图所示：

（3）由闭合电路欧姆定律得知，当时，，图象斜率的绝对值等于电源的内阻，则将图线延长，交于纵轴，纵截距即为电动势，。考点：测定电源的电动势和内阻【名师点睛】本实验的原理是闭合电路欧姆定律，根据原理由图象的斜率和截距分别求出内阻和电动势。14在测定金属的电阻率的实验中，金属导线长约0．8m，直径小于1mm，电阻大约为4Ω．实验主要步骤如下，请填写其中的空白部分或按要求连线：1用米尺测量金属导线的长度，测3次，求出平均值L；2在金属导线的3个不同位置上用_______测量直径，求出平均值d；3用伏安法测量金属导线的电阻R．现有器材：直流电源（电动势约4．5V，内阻很小），电流表A1（量程0～0．6A，内阻0．125Ω），电流表A2（量程0～3．0A，内阻0．025Ω），电压表V（量程0～3V，内阻3Ω），滑动变阻器R0（最大阻值10Ω），开关S、导线若干．①如果既要满足测量要求，又要测量误差较小，应该选用的电流表是_______；②其实验电路原理图如下，你认为应该选择那种________（甲或乙）方法，并在实物图上画线连接成实验电路________．

4根据上述测得的金属导线长度L，直径d和电阻R，由电阻率的表达式ρ=_______算出该金属的电阻率．【答案】1螺旋测微器（千分尺）2电流表A13甲45【解析】【分析】金属导线的直径由螺旋测微器测量；选择器材需安全、精确，通过金属导线的电阻的额定电流确定出电流表的量程．通过比较金属导线的电阻与电流表内阻和电压表内阻的关系，确定电路的选择，若金属导线的电阻远小于电压表的内阻，采取外接法，若金属导线的内阻远大于电流表的内阻，采用内接法．根据题意，结合电阻定律R＝ρ，即可求解．【详解】（2）金属导线的直径很小，因此通过螺旋测微器测量；

（3）①电压表的量程是3V，则金属导线的最大电流，要求测量误差较小，应该选用的电流表A1；

②金属导线的电阻R=4Ω，由于R≪RV，故应选电流表外接法．即选择甲图．

③根据电路图，连接实物图，注意电表的量程，及正负极．如图所示；

（4）根据电阻定律R＝ρ，已知S=π2，因此电阻率的表达式；【点睛】解决本题的关键掌握器材选取的原则，即安全，精确．以及掌握电流表内外接哪种情况误差比较小，“大内偏大，小外偏小”．本题出示了公式R=ρL/S，能帮助学生更好的理解影响电阻大小的因素．四、计算题1加速后，进入两块间距为d，电压为U2的平行金属板间，若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能穿出电场，设电子的电量为e．求：

1金属板AB的长度．2电子穿出电场时的动能．【答案】（1）（2）【解析】试题分析：1电子在加速电场中加速，由动能定理可得eU0＝mv，电子在偏转电场中做类平抛运动，在垂直电场方向上有L＝v0t，在沿着电场方向上有＝·t2，解以上三式可得L＝d2对于电子运动的全过程，根据动能定理可得E＝eU0＋eU考点：带电粒子在电场中的运动，动能定理16“220V、66W”的电风扇，线圈电阻为20Ω，当接上220V电压后．求：1电风扇发热功率．2电风扇转化为机械能的功率．3如接上220V电源后，扇叶被卡住，不能转动，求电动机消耗的功率和发热的功率．【答案】1；2；3电动机消耗的功率和发热功率都是2420W．【解析】【分析】（1）根据功率＝，电荷量q＝×10－4C的带电体可视为质点，从A点由静止开始运动，已知SAB＝，带电体与轨道AB、CD间的动摩擦因数均为。假定带电体与轨道之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力相等取g＝10m/s2。求：

1带电体运动到圆弧形轨道C点时的速度；2带电体最终停在何处．【答案】1v＝10m/s2带电体最终静止在与C点的竖直距离为m处．【解析】【分析】（1）对从A到C过程根据动能定理列式求解C点的速度即可；

（2）设带电体沿竖直轨道CD上升的最大高度为h，对从C到D过程由动能定理列式求解上升的高度，然后可以判断出滑块会静止在最高点；【详解】（1）设带电体到达C点时的速度为v，从A到C由动能定理得：qEsABR−μmgsAB−mgR＝mv2

解得v=10

m/s；

（2）设带电体沿竖直轨道CD上升的最大高度为h，从C到D由动能定理得：-mgh-μqEh=0-mv2

解得h=

m

在最高点，带电体受到的最大静摩擦力Ffma=