2020届全国百强中学新高考押题模拟考试(十二)物理试卷

172020届全国百强中学新高考押题模拟考试（十二）物理试卷★祝你考试顺利^注意事项：1、考试范围：高考考查范围。2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。6、保持卡面清洁，不折叠，不破损。7、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14~17题只有一项符合题目要求，第18~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1•国家大科学过程一中国散裂中子源（CSNS）于2017年8月28日首次打靶成功，获得中子束流，可以为诸多领域的研究和工业应用提供先进的研究平台，下列核反应中放出的粒子为中子的是A.74N俘获一个a粒子，产生870并放出一个粒子27A1俘获一个a粒子，产生30P并放出一个粒子131511B俘获一个质子，产生8Be并放出一个粒子546Li俘获一个质子，产生3He并放出一个粒子32【答案】B

【解析】根据质量数和电荷数守恒可知四个核反应方程分别为14N+4HeTi7O+iH、27Al+4HeT3oP+1n、11B+4HeT8Be+7Li,6Li+4HeT3He+7Li,728113215052433223故只有B选项符合题意；【点睛】核反应过程中，质量数与核电荷数守恒，应用质量数与核电荷数守恒即可写出核反应方程式．2•如图所示，直线a与四分之一圆弧b分别表示两质点A、B从同一地点出发，沿同一方向做直线运动的v-t42【答案】C解析】【详解】设A的加速度为a，两质点A、B从同一地点出发，A追上B时两者的位移相等，即x二x，根ab一、11C兀/据v-t图象的“面积”表示位移，得—at2——x^x22由题知t=2s，解得a——m/s2，故ABD错误，C正确；故选C．【点睛】对于速度图线，关键抓住斜率等于加速度、“面积”等于位移来理解其物理意义．本题还要抓住追及时位移关系来列式．3•水平放置的平行板电容器与某一电源相连接后，断开电键，重力不可忽略的小球由电容器的正中央沿水平向右的方向射入该电容器，如图所示，小球先后经过虚线的a、b两点•贝％)如果小球所带的电荷为正电荷，小球所受的电场力一定向下小球由A到B的过程中电场力一定做负功小球由A到B的过程中动能可能减小小球由A到B的过程中，小球的机械能可能减小【答案】D【解析】【详解】A.小球在极板间受到竖直向下的重力作用与电场力作用，由图示小球运动轨迹可知，小球向下运动，说明小球受到的合力竖直向下，重力与电场力的合力竖直向下．当小球带正电时，若上极板带正电荷，小球所受电场力向下，小球受到的合力向下；当小球带正电时，若上极板带负电，小球所受电场力向上，在电场力小于重力时，小球受到的合力也向下.故无法确定电场力方向，A项错误；如果小球受到的电场力向下，小球从A运动到B点过程中电场力做正功；如果小球受到的电场力向上，则电场力做负功.故B项错误；小球受到的合力向下，小球从A点运动到B点过程中合外力做正功，小球的动能增加.故C项错误；小球从A点运动到B点过程，电场力可能做正功也可能做负功，小球的机械能可能增加也可能减小.故D项正确.4.所谓对接是指两艘同方向以几乎同样快慢运行的宇宙飞船在太空中互相靠近，最后连接在一起.假设“天舟一号”和“天宫二号”的质量分别为M、m,两者对接前的在轨速度分别为(v+Vv)、v，对接持续时间为Vt，则在对接过程中“天舟一号”对“天宫二号”的平均作用力大小为()m2•Vv(M+m)VtM2・Vv(M+m)VtMm・Vv(M+m)VtD.0【答案】C【解析】在天舟一号和天宫二号对接的过程中水平方向动量守恒，M(v+△”)+mv二(M+m)v，解得对接后两者

M(vv)mv的共同速度vM(vv)mv的共同速度vMm'以天宫—号为研究对象’根据动量定理有Ftmvmv'解得FMm•v(MmTt，故c正确，abd错误;故选c.如图所示，小物块从高为九=0.8m的斜面顶端由静止滑下，经长为L=1m的水平面后又滑上高为h2=0.3m的斜面，如果小物块与斜面和水平面间的动摩擦因数均为疔0.175,则当小物块滑上右边斜面顶端时，下列说法中正确的是()小物块滑上右边斜面顶端时速度恰好为零小物块滑上右边斜面顶端时速度W3m/s小物块滑上右边斜面顶端时速度为2.7m/sD・小物块最终停水平段【答案】B解析】详解】小物块从起点滑至右边斜面顶端，应用动能定理：mg(hh)12mgcos53ogmg(hh)12mgcos53oght—sin53>mgcos37°gh2—sin370mgL1mv22解得：v<3m/s，小物块从右边斜面顶端飞出，故B正确，ACD错误。故选B.如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平行.现给小滑块施加一竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升轻绳对小球的拉力逐渐增大小球对斜劈的压力先减小后增大竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大【答案】AD【解析】试题分析：先对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，其中支持力的方向不变，拉力方向改变，根据平衡条件并结合图示法分析支持力和拉力的变化情况；然后对球和滑块整体分析，根据平衡条件列式分析．对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所示：根据平衡条件，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小,A正确B错误；对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N,杆的支持力N'，拉力F,如图所示，根据平衡条件，有：水平方向N'=Nsin9，竖直方向F+Ncos9=G，由于N减小，故N减小，f增加，C错误D正确．7•—长度为2R的轻质细杆两端分别连接质量为m和2m、可视为质点的球M、N,细杆的中点O处有一轴,细杆可绕其在竖直面内无摩擦地转动，开始细杆呈竖直状态，N处在最高点，如图所示，当装置受到很小的扰动后，细杆开始绕过中点的轴转动，则在球N转动到最低点的过程中，下列说法中正确的是(重力加速度取g=10m/s2)()

N的机械能减少量等于M的机械能增加量N的重力势能减少量等于M的重力势能增加量c.运动过程中两球的最大速度均为（3gR8D.细杆对N做的功为-仝mgR3【答案】ACD【解析】【详解】A.两球组成系统只有重力做功，系统机械能守恒，重力势能和动能相互转化，所以N的机械能减少量等于M的机械能增加量，故A正确；的B.两球运动过程中竖直位移大小相等，质量不同，重力做功不同，重力势能变化量的大小不同，故B错误;C.C.球N转动到最低点，速度最大,根据机械能守恒定律：4mgR-2mgR=2g2mv2+2mv2解得：v解得：v=3gR，故c正确;D.对N小球应用动能定理:4mgR+W=—g2mv2^28解得细杆对N做的功为：W=-3mgR，故D正确。故选ACD.8•如图所示，电源电动势为E,内电阻为r,理想电压表V］、V2示数为U］、U2,其变化量的绝对值分别为AU］和AU2；流过电源的电流为I,其变化量的绝对值为AI.在滑动变阻器的触片从右端滑到左端的过程中（灯泡电阻不变化）（）小灯泡L］、L3变暗，L2变亮AU］>AU2AUj/M增大AUJA不变【答案】BD【解析】【详解】A.当滑动变阻器的触片P从右端滑到左端时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，总电流增大，路端电压减小，则l2变亮.变阻器的电阻减小，并联部分的电阻减小，则并联部分的电压减小，则L3变暗.总电流增大，而L3的电流减小，则L］的电流增大，则L］变亮.故A错误；由上分析可知，电压表V］的示数减小，电压表V2的示数增大，由于路端电压减小，即两电压表示数之和减小，所以△©>△U2.故B正确；VU由U产E-I（RL2+r）得：方二R+r，不变，故C错误；］L2VIL2VU2=R2，不变，D正确.VI【点睛】本题是电路动态变化分析问题，按“局部-整体-局部”思路进行分析.运用总量法分析两电压表读数变化量的大小.运用欧姆定律定量分析电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值变化，这是常用的方法.第II卷三、非选择题：包括必考题和选考题两部分。第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答。第33题~第38题为选考题，考生根据要求做答。（一）必考题（共129分）某同学利用单摆测定当地的重力加速度。

(t乙甲.1?'%M—(1)为了减小测量周期误差，实验时需要在适当的位置做一标记，当摆球通过该标记时开始计时，该标记1iij(t乙甲.1?'%M—(1)为了减小测量周期误差，实验时需要在适当的位置做一标记，当摆球通过该标记时开始计时，该标记1iiji1jiiI1i1】t丨i1r1)J1111111Iiii1'111U20-应该放置在摆球摆动的的最高点最低点任意位置用秒表测量单摆的周期.当单摆摆动稳定且到达计时标记时开始计时并记为n=l,单摆每经过标记记一次数，当数到n=60时秒表的示数如图甲所示,示数为s,则该单摆的周期是T=s(结果保留三位有效数字)．用最小刻度为1mm的刻度尺测摆线长，测量情况如图乙所示.O为悬挂点，从图乙中可读出单摆的摆线长度为m；用游标卡尺测量摆球的直径如图丙所示，则球的直径为―_cm；单摆的摆长为m(计算结果保留三位有效数字)。若用L表示摆长，T表示周期，那么重力加速度的表达式为g=.答案】4nL(1).B(2).67.4(3).2.25(4).0.9915(5).2.075(6).1.00(7).g-T2解析】详解】(1)[1]最低点位置明确，速度最大，在小球经过最低点一瞬间开始计时可以减小测量周期误差(2)[2]由图中示数可知秒表读数:60s+7.4s=67.4s67.4s[3]单摆的周期为：67.4s[3]单摆的周期为：〜2.25s（3）[4]毫米刻度尺需要估读，图示的刻度尺示数为99.15cm=0.9915m游标卡尺读数：20mm+15x0.05mm=20.75mm=2.075cm摆长等于摆线长度与小球半径之和：0.9915m+0.02075m«1.00m2（4）[7]单摆的周期公式：4nL变形得重力加速度表达式：g=-为了对某金属丝人兀（金属丝阻值约为2000）的电阻进行精确的测量，实验室提供了如下实验器材:电流表A1（量程为0〜5mA，内阻为*=500）；电流表A2（量程为0〜0.6A，内阻为r2=0.2Q）；电压表V（量程为0〜6V,内阻为rV~15kQ）；D•滑动变阻器R1（额定电流2A,最大阻值为150）；E•滑动变阻器R2（额定电流1A,最大阻值为10000）；定值电阻R1为100；定值电阻R2为5000；内阻可忽略不计的电源（电动势为E=6V）；开关一个，导线若干。为了完成测量：（1）电流表应选，定值电阻应选，滑动变阻器应选。（填写器材前的字母序号）（2）在线框中画出电路图，并标上所选器材对应的符号

【详解】(1)［1］根据题目中所给条件，通过电路的电流约为：=30mA，所以A2量程太大，测量误200Q2差较大，所以选择A］进行电表改装，进而精确测量；［2］根据并联分流的规律，小电阻分大电流，所以选用定值电阻R1改装电流表：RI—1—g—RI-1gg解得改装后电流表量程最大值为：I—30mA；［3］滑动变阻器采用分压式接法，为了方便调节，使电表示数变化大，所以选择滑动变阻器气；2)［4］改装后的电流表分压可以直接求得，所以电流表采用内接法更加准确，如图所示：如图甲所示，电荷量为q=2x10-4C的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度E的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间t的关系如图丙所示，取重力加速度g=10m/s2。求前2秒内电场力做的功；物块的质量；3）物块与水平面间的动摩擦因数。甲乙丙答案（1）12J（2）2kg（3）0.2解析】【详解】（1）前2s内电场力的大小:qE]=6N根据vT图像，前2s内位移的大小:g2m=2m电场力做功：W=qEx=12J1（2）后2s物体做匀速直线运动，受力平衡：f=qE=4N

2前2s物体做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律：qE-f=ma1根据v-t图像，前2s内物体的加速度：=1m/s2Av2

a===1m/s2At2联立方程解得：m=2kg（3）滑动摩擦力：f=卩mg=4N解得：r=°.2E如图所示装置中，区域I和III中分别有竖直向上和水平向右匀强电场，电场强度分别为E和2；11区域内有垂直平面向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B.—质量为m、电荷量为q的带电粒子（不计重力）从左边界O点正上方的M点以速度v0水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成60°角射入II区域的

磁场中，并垂直竖直边界CD进入III区域的匀强电场中.求:粒子在II区域匀强磁场中运动的轨迹半径;O、M间的距离；(3)粒子从M点出发到第二次通过CD边界所用的时间.(3)粒子从M点出发到第二次通过CD边界所用的时间.2mv【答案】(i)-qB0(2)3mv22qE⑶(8+、'①mvo+型qE3qB【解析】【详解】(1)粒子在匀强电场中做类平抛运动，设粒子过A点时速度为v,由类平抛运动规律知:v=―Ve=2vcos60o0粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得:v2qvB=mR所以:2所以:2mv°qB⑵设粒子在I区域电场中运动时间为G加速度为a,则有qE=mavtan60o=at01解得:t1宅O、M两点间的距离为:L=一at2L=一at23mv2210/r