天津静海县第六中学2022-2023学年高三物理上学期期末试题含解析

1、天津静海县第六中学2022-2023学年高三物理上学期期末试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 固态物体中分子间的引力和斥力是同时存在的，则对其中的引力和斥力，下列说法中正确的是（）A当物体被压缩时，斥力增大，引力减小B当物体被压缩时，斥力、引力都增大C当物体被拉伸时，斥力减小，引力增大D当物体被拉抻时，斥力、引力都增大参考答案：B【考点】分子间的相互作用力【分析】依据分子力随距离的变化关系可以判定各个选项分子间的引力和斥力是同时存在的，都随分子之间距离的增大而减小【解答】解：依据分子力随距离的变化关系可知，引力和斥力都随距离的减小而增大，

2、随距离的增大而减小AB、当物体被压缩时，斥力和引力均增大，故A错误，B正确CD、当物体被拉伸时，斥力和引力均减小，故C错误，D错误故选：B2. 下列说法中正确的（ ）A外界对气体做功，气体的温度一定升高B布朗运动就是液体分子的热运动C分子间的斥力和引力同时存在D电冰箱是将热量由高温物体传递到低温物体的电器参考答案： C3. 如图A、B两物体叠放在一起，用手托住，让它们静靠在竖直墙边，然后释放，它们同时沿墙面向下滑，已知mAmB , 则物体B （ ）A.只受一个重力B.受到重力和一个摩擦力C.受到重力、一个弹力和一个摩擦力D.受到重力、一个摩擦力和两个弹力参考答案：A4. （单选）一小球在离地高

3、H处从静止开始竖直下落，运动过程中受到的阻力大小与速率成正比，如图图象反映了小球的机械能E随下落高度h的变化规律（选地面为零势能参考平面），其中可能正确的是（）ABCD参考答案：考点：机械能守恒定律；功能关系.专题：机械能守恒定律应用专题分析：只有重力对物体做功时，物体的机械能守恒，由于物体受空气阻力的作用，所以物体的机械能要减小，减小的机械能等于克服阻力做的功解答：解：根据题意可知：f=kv E=因为速度逐渐增大，所以逐渐增大，故图象的斜率逐渐增大，即机械能减小的越来越快当小球落到地面上时还有动能，机械能不为0，只有B正确故选：B点评：物体受空气阻力的作用，物体的机械能要减小，由于空气阻力逐

4、渐增大，所以机械能减小的越来越快5. 在如右图所示的逻辑电路中，当A端输入电信号“1”，B端输入电信号“0”时，则在C和D端输出的电信号分别为 A1和0 B0和1 C0和0 D1和1参考答案：D二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 如图所示，已知电源电动势E=3V，内电阻r=1，电阻R=5，电路中的电表均为理想电表则当开关S闭合时，电流表的读数为 A，电压表的读数为 V参考答案：0.5，2.5【考点】闭合电路的欧姆定律【分析】根据闭合电路欧姆定律求解电流，根据U=IR求解路段电压【解答】解：根据闭合电路欧姆定律，有：I=；路端电压为：U=IR=0.5A5=2.5V；故答案为：

5、0.5，2.57. 已知地球自转周期为T，地球半径为R，引力常量为G，地球同步卫星离地面的高度约为地球半径的6倍，则地球同步卫星的速度大小为_；地球的质量为 _。参考答案：，8. 某同学用如图所示装置做“探究功和物体速度变化的关系”实验时，先调整木板的倾角使小车不能连接橡皮筋时恰能在木板上匀速下滑，探后第一、三次分别用一条、三条相同的橡皮筋做实验，且两次橡皮筋的伸长量相同，若第一次实验中合外力对小车所做的功为W，则第三次实验中合外力对小车所做的功为 由本实验可得出的结论是： 参考答案：3W；合外力对物体做的功等于物体动能的变化【考点】探究功与速度变化的关系【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原

6、理，了解实验的操作步骤和数据处理以及注意事项其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚【解答】解：小车受重力，支持力，摩擦力和橡皮筋的拉力，正确平衡好摩擦力进行实验后，合外力的功就等于橡皮筋拉力所做的功；因为是相同橡皮筋做实验，且两次橡皮筋的伸长相同，故三条时橡皮筋做得功应试一条时的三倍；由本实验可得出的结论是：合外力对物体做的功等于物体动能的变化故答案为：3W；合外力对物体做的功等于物体动能的变化9. 某同学做了如图所示的探究性实验，U形管左口管套有一小气球，管内装有水银，当在右管内再注入一些水银时，气球将鼓得更大。假设封闭气体与外界绝热，则在注入水银时，封闭气体的体积_，压强_，温度_，

7、内能_。（填“增大”、“减小”、“升高”、“降低”或“不变”）参考答案：减小增大升高增大注入水银，封闭气体的压强变大，水银对气体做功，气体体积减小，由于封闭气体与外界绝热，所以气体内能增大，温度升高。10. 一个质量为M=3kg的木板与一个轻弹簧相连，在木板的上方有一质量m为2kg的物块，若在物块上施加一竖直向下的外力F，此时木板和物块一起处于静止状态，如图所示。突然撤去外力，木板和物块一起向上运动0.2m时，物块恰好与木板分离，此时木板的速度为4m/s，则物块和木板分离时弹簧的弹力为_ N，木板和物块一起向上运动，直至分离的过程中，弹簧弹力做的功为_J。参考答案： N； J。11. 两块相同

8、的竖直木板A、B间有质量均为m的四块相同的木块，用两个大小均为F的水平力压木板，使木板均处于平衡，如图所示.设所有接触面间的动摩擦因数均为.则第2块对第3块的摩擦力大小为 参考答案：012. 在用DIS研究小车加速度与外力的关系时，某实验小组先用如图（a）所示的实验装置，重物通过滑轮用细线拉小车，位移传感器（发射器）随小车一起沿倾斜轨道运动，位移传感器（接收器）固定在轨道一端实验中把重物的重力作为拉力F，改变重物重力重复实验四次，列表记录四组数据：a/ms-22.012.984.026.00F/N1.002.003.005.00（1）在坐标纸上作出小车加速度a和拉力F的关系图线；（2）从所得图

9、线分析该实验小组在操作过程中的不当之处是：_；（3）如果实验时，在小车和重物之间接一个不计质量的微型力传感器用来测量拉力F，如图(b)所示从理论上分析，该实验图线的斜率将_。（填“变大”，“变小”，“不变”）参考答案：（1）图略 （4分） （2）倾角过大（3分） （3）变大13. 如图所示是用频闪照相的方法拍到的一个弹簧振子的振动情况，甲图是振子静止在平衡位置的照片，乙图是振子被拉伸到左侧距平衡位置20cm处，放手后向右运动周期的频闪照片，已知频闪的频率为10Hz，则振子的振动周期为T_s，而在t=T/12时刻振子的位置坐标_15cm。（选填“大于”、“小于”或“等于”）。参考答案：1.2；大

10、于。三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 在“研究平抛物体运动”的实验中，按下列步骤可以测出小球经过曲线上任意位置的瞬时速度。试将下列实验步骤补填完整：（1）按要求安装好器材，注意调整木板竖直，且使斜槽末端_ _，记下斜槽末端O点和过O点的竖直线； （2）让小球多次从_位置无初速滚下，记下小球穿过卡片孔的一系列的位置；（3）取下白纸，以O点为原点，以竖直线为轴建立坐标系，用平滑曲线画平抛轨迹；（4）测出曲线上某点的位置坐标x、y ，用表达式v = _算出该点的瞬时速度(表达式要用x、y、g等表示)参考答案：（1）水平 （2）同一 （3）15. “用DIS研究加速度与力的关

11、系”的实验装置如图(a)所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F.通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图(b)所示(1)图线_(3分)_(选填“”或“”) 是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；(2)在轨道水平时，小车运动的阻力Ff_0.5(3分)_N；(3)(单选)图(b)中，拉力F较大时，aF图线明显弯曲，产生误差为避免此误差可采取的措施是_C(3分)_A调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的

12、总质量C将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验参考答案：（1）；（2）0.5N；（3）C； 解析： 1）由图象可知，当F=0时，a0也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高所以图线是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的（2）图线是在轨道水平时做的实验，由图象可知：当拉力等于0.5N时，加速度恰好为零，即刚好拉动小车，此时f=F=0.5N（3）随着钩码的数量增大到一定程度时图（b）的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是所

13、挂钩码的总质量太大，而我们把用钩码所受重力作为小车所受的拉力，所以消除此误差可采取的简便且有效的措施应该测量出小车所受的拉力，即在钩码与细绳之间放置一力传感器，得到力F的数值，在作出小车运动的加速度a和力传感器读数F的关系图象，故选C四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 航模兴趣小组设计出一架遥控飞行器，其质量m=2，动力系统提供的恒定升力F=28N试飞时，飞行器从地面由静止开始竖直上升设飞行器飞行时所受的阻力大小不变，g取10m/s2（1）第一次试飞，飞行器飞行t1=8s 时到达高度H=64m求飞行器所阻力f的大小；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失

14、去升力求飞行器能达到的最大宽度h；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t3参考答案：解：（1）第一次飞行中，设加速度为a1匀加速运动由牛顿第二定律Fmgf=ma1解得f=4N（2）第二次飞行中，设失去升力时的速度为v1，上升的高度为s1匀加速运动设失去升力后的加速度为a2，上升的高度为s2由牛顿第二定律mg+f=ma2v1=a1t2 解得h=s1+s2=42m（3）设失去升力下降阶段加速度为a3；恢复升力后加速度为a4，恢复升力时速度为v3由牛顿第二定律 mgf=ma3F+fmg=ma4且V3=a3t3解得t3=s（或2.1s）答：（1）飞行器所阻力f的大小

15、为4N；（2）第二次试飞，飞行器飞行t2=6s 时遥控器出现故障，飞行器立即失去升力，飞行器能达到的最大高度h为42m；（3）为了使飞行器不致坠落到地面，飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间为s17. 如图所示装置中，区域和中分别有竖直向上和水平向右的匀强电场，电场强度分别为E和；区域内有垂直向外的水平匀强磁场，磁感应强度为B。一质量为m、带电量为q的带负电粒子（不计重力）从左边界O点正上方的M点以速度v0水平射入电场，经水平分界线OP上的A点与OP成60角射入区域的磁场，并垂直竖直边界CD进入区域的匀强电场中。求：（1）粒子在区域匀强磁场中运动的轨道半径（2）O、M间的距离（3）粒子从M点出

16、发到第二次通过CD边界所经历的时间参考答案：（1）粒子在匀强电场中做类平抛运动，设粒子过A点时速度为v，由类平抛规律知粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律得所以 1分（2）设粒子在电场中运动时间为t1，加速度为a。则有1分即O、M两点间的距离为（3）设粒子在区域磁场中运动时间为t2则由几何关系知设粒子在区域电场中运行时间为t3，则粒子从M点出发到第二次通过CD边界所用时间为18. 如图所示，竖直固定的光滑绝缘的直圆筒底部放置一场源A，其电荷量Q = 4103 C，场源电荷A形成的电场中各点的电势表达式为，其中k为静电力恒量，r为空间某点到A的距离有一个质量为m = 0.1 kg的带正

17、电小球B，B球与A球间的距离为a = 0.4 m，此时小球B处于平衡状态，且小球B在场源A形成的电场中具有的电势能表达式为，其中r为q与Q之间的距离有一质量也为m的不带电绝缘小球C从距离B的上方H = 0.8 m处自由下落，落在小球B上立刻也小球B粘在一起向下运动，它们到达最低点后又向上运动，它们向上运动到达的最高点P（取g = 10 m/s2，k = 9109 Nm2/C2），求： （1）小球C与小球B碰撞后的速度为多少？ （2）小球B的带电量q为多少？ （3）P点与小球A之间的距离为多大？ （4）当小球B和C一起向下运动与场源A距离多远时，其速度最大？速度的最大值为多少？参考答案：（1）小球C自由下落H距离的速度v0 = = 4 m/s 小球C与小