四川省绵阳市开元中学2023年高一物理联考试卷含解析

1、四川省绵阳市开元中学2023年高一物理联考试卷含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 如图甲所示，在杂技表演中，猴子沿竖直杆向上运动，其v -t图像如图乙所示.人顶杆沿水平地面运动的x -t图像如图丙所示.若以地面为参考系，下列说法中正确的是()A. 猴子在2 s内做匀变速曲线运动B. 猴子的运动轨迹为直线C. t0时猴子的速度大小为8 m/sD. t2 s时猴子的加速度大小为4m/s2参考答案：ADAB.根据图像可以分析出，猴子竖直方向匀减速运动，水平方向匀速运动，所以合加速度就是竖直匀减速加速度，是匀变速运动，且水平初速度不为零，所以，合初速

2、度与合加速度不再一条直线上，做曲线运动，是匀变速曲线运动，A正确B错误C.根据图像可得t0时猴子的竖直速度，水平速度，合速度，C错误D.因为合加速度就是竖直匀减速加速度，t2 s时猴子的加速度，D正确2. 如图所示，细杆上固定两个小球a和b，杆绕O点做匀速转动。下列说法正确的 Aa、b两球角速度相等 Ba、b两球线速度相等 Ca球的线速度比b球的大 Da球的角速度比b球的大参考答案：A3. 物体从某一高度自由下落，第1s内就通过了全程的一半，物体还要下落多少秒才会落地（ ）A1 s B1.5 s C s D（-1）s参考答案：D4. 某汽车在高速公路上以大小为40 m/s的速度做匀速直线运动，

3、突然前方遇到紧急情况而刹车，刹车后获得的加速度大小为10 m/s2，则刹车后2 s内与刹车后5 s内汽车通过的位移之比为 （ ）A31 B45 C43 D34参考答案：D5. 利用牛顿第三定律判断，下列说法正确的是（ ）A轮船的螺旋桨旋转时，向后推水，水同时给螺旋桨一个反作用力，推动轮船前进B发射火箭时，燃料点燃后喷出的气体给空气一个作用力，推动火箭前进C马拉车前进，只有马对车的拉力大于车对马的拉力时，车才能前进D一个作用力和它的反作用力的合力为零参考答案：A二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 在探究“电流与电阻的关系”实验中，（1）小新将实物连接成如图25所示电路，其中有

4、一处连线错误，请你在连接错误的导线上画“”并改正。（2）将电路连接正确后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片P，使定值电阻R两端电压为2V，电流表示数如图26所示，为_A。（3）换上10的电阻后，闭合开关，电压表示数将_（选填“变大”或“变小”），此时应将滑片P向_(选填“A或“B”)端移动，使电阻两端电压为_V。（4）小芳同学正确连接电路后，闭合开关，移动滑动变阻器滑片，发现电流表无示数，电压表有示数，其原因可能是_。 参考答案：(1)如答图4所示 (2)0.4 (3)变大 A 2 (4)定值电阻开路(答案科学合理即可)7. 劲度系数为k=100N/m的一根轻质弹簧,原长为10cm,一端栓一质量为

5、0.6kg的小球,以弹簧的另一端为圆心,使小球在光滑水平面上做匀速圆周运动,其角速度为10rad/s,那么小球运动时受到的向心力大小为_ . 参考答案：8. 在“研究平抛物体的运动”的实验时，为什么要要求小球每次都从斜槽上的同一点滚下 ；斜槽是否光滑对实验结果是否有影响 （填“有”、“没有”）参考答案：保证小球每次平抛运动的初速度相等，没有【考点】研究平抛物体的运动【分析】为了保证小球的初速度相等，小球每次从斜槽轨道的同一位置由静止释放，为了保证小球的初速度水平，斜槽的末端需切线水平斜槽轨道是否光滑对实验没有影响【解答】解：为了保证小球每次平抛运动的初速度相等，每次让小球从斜槽的同一点由静止滚

6、下，斜槽不一定需要光滑故答案为：保证小球每次平抛运动的初速度相等，没有9. 一物体距地面80m高处做自由落体运动，g=10 m/s2，则该物体落地时间为 s,其落地速度大小为 m/s.参考答案：10. 如图a所示，倾角为45、高为h的斜面固定在水平地面上，小球从高为H（2hHh）的某处自由下落，与斜面碰撞（无能量损失）后做平抛运动若小球做平抛运动后能直接落到水平地面上，自由下落的起始点距斜面左端的水平距离x应满足的条件是 （用符号表示）；若测得x=1m时，小球平抛运动的水平射程s最大，且水平射程的平方s2与x关系如图b所示，则斜面的高h应为 m参考答案：hxhH；4【考点】平抛运动【分析】小球

7、与斜面碰撞后做平抛运动，当正好落在斜面底端时，x最小，根据平抛运动的基本公式结合几何关系、动能定理求出x的最小值，而x的最大值即为h，从而求出x的范围；由图可知，当x=1m时，s最大，且s2=36m2，所以s=6m，根据平抛运动的基本公式及动能定理求出s2的表达式，根据数学知识求出满足什么条件时，s最大，从而求解h【解答】解：小球与斜面碰撞后做平抛运动，当正好落在斜面底端时，根据几何关系可知，水平位移x1=hx竖直位移y=hx根据平抛运动竖直方向做自由落体运动得：t=所以平抛运动的初速度为小球从释放到与斜面碰撞的过程中，根据动能定理得：mg（H+xh）=解得：x=hH当小球正好在斜面底端释放时

8、，x最大，则xmax=h所以若小球做平抛运动后能直接落到水平地面上，自由下落的起始点距斜面左端的水平距离x应满足的条件是hxhH；由图可知，当x=1m时，s2=36m2，所以s=6m则水平方向：s=vt，竖直方向：hx=gt2，根据动能定理得：2g（Hh+x）=v2，联立解得s2=4（Hh+x）（hx）=4（hx）2H（hx）+H2+H2=4（hx）2+H2当（hx）=0时，s2取最大值，s最大值为6m，对应的H=6m，斜面的高h=x+=4m故答案为：hxhH；411. (填空)（2011春?通州区期中）如图所示装置中，三个轮的半径分别为r、2r、4r，则图中a、b、c各点的线速度之比va：v

9、b：vc= ；角速度之比a：b：c= ；加速度之比aa：ab：ac= 参考答案：1：1：2，2：1：1，2：1：2解：a、b两点的线速度相等，b、c两点的角速度相等，根据v=r，知vb：vc=rb：rc=1：2，所以va：vb：vc=1：1：2根据=，知，则a：b：c=2：1：1根据a=知，aa：ab：ac=2：1：2故本题答案为：1：1：2，2：1：1，2：1：219.机械手表的分针与时针从重合至第二次重合，中间经历的时间为_h。参考答案：13. 在水平转台上，距转轴为处插立一竖直杆，杆顶系一根长为的细绳，绳的末端挂一个质量为的小球，当转台匀速转动后，试证悬绳张开的角度与转台转速的关系是-

10、参考答案：三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 一辆汽车在教练场上沿着平直道路行驶，以 x 表示它对于出发点的位移。如图为汽车在 t0 到 t40s这段时间的 xt 图象。通过分析回答以下问题。（1）汽车最远距离出发点多少米？（2）汽车在哪段时间没有行驶？（3）汽车哪段时间远离出发点，在哪段时间驶向出发点？（4）汽车在 t0 到 t10s 这段时间内的速度的大小是多少？（5）汽车在 t20s 到 t40s 这段时间内的速度的大小是多少？参考答案：（1）汽车最远距离出发点为 30m；（2）汽车在 10s20s 没有行驶；（3）汽车在 010s 远离出发点，20s40s 驶向

11、出发点；（4）汽车在 t0 到 t10s 这段时间内的速度的大小是 3m/s；（5）汽车在 t20s 到 t40s 这段时间内的速度的大小是 1.5m/s【详解】（1）由图可知，汽车从原点出发，最远距离出发点 30m；（2）10s20s，汽车位置不变，说明汽车没有行驶；（3）010s 位移增大，远离出发点。20s40s 位移减小，驶向出发点；（4）汽车在 t0 到 t10s ，距离出发点从0变到30m，这段时间内的速度：；（5）汽车在 t20s 到 t40s，距离出发点从30m变到0，这段时间内的速度：，速度大小为 1.5m/s。15. 如图所示，P为弹射器，PA、BC为光滑水平面分别与传送带

12、AB水平相连，CD 为光滑半圆轨道，其半径R=2m，传送带AB长为L=6m，并沿逆时针方向匀速转动。现有一质量m=1kg 的物体（可视为质点）由弹射器P弹出后滑向传送带经BC紧贴圆弧面到达D点，已知弹射器的弹性势能全部转化为物体的动能，物体与传送带的动摩擦因数为=0.2。取g=10m/s2，现要使物体刚好能经过D点，求：（1）物体到达D点速度大小；（2）则弹射器初始时具有的弹性势能至少为多少。参考答案：（1）2m/s；（2）62J【详解】（1）由题知，物体刚好能经过D点，则有：解得：m/s（2）物体从弹射到D点，由动能定理得：解得：62J四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 如图所示，竖

13、直平面内固定轨道ABC，由水平粗糙轨道AB和四分之一光滑圆弧轨道BC组成，AB恰与圆弧BC在B点相切。质量m=1kg的小物块从A点以水平初速度=6ms滑上轨道AB，滑上圆弧轨道BC后返回。已知水平轨道AB长为L=5m，圆弧半径R=1m，小物块与AB轨道间的动摩擦因数为=0.2，取重力加速度g=10ms2。求：（1）小物块滑到B点时速度的大小；（2）小物块在圆弧轨道B处对轨道压力的大小；（3）通过计算说明小物块最终能否从A处脱离轨道。参考答案：（1）A到B过程中由动能定理（3分） 得：（1分） （2）在B处对小物块进行受力分析，由牛顿第二定律（3分） 得： （1分）又由牛顿第三定律得（1分） （3）设物块从B处向右运动的最大距离为，由动能定理（3分） 得：所以小物块不能从A处脱离轨道。（3分）17. 水平抛出的一个石子，经过0.4s落到地面