中考教育物理简单机械专题训练分析

1、中考物理简单机械专题训练答案及解析一、简单机械选择题1如图，用滑轮组将600N的重物在10s内匀速提升了2m，动滑轮重为100N（不计绳重和摩擦），以下说法正确的选项是A绳子自由端拉力的功率是70WB滑轮组的机械效率是85.7%C提升重物的过程中所做的额外功是400JD提升的重物变成400N时，滑轮组的机械效率将变大【答案】B【解析】【详解】A依照图示可知，n=2，不计绳重和摩擦，拉力：F=1（G+G轮）=1（600N+100N）=350N，22拉力端搬动距离：s=2h=22m=4m，总功：W总=Fs=350N4m=1400J，拉力的功率：P=W总=1400J=140W；t10s故A错；B适用

2、功：W适用=Gh=600N2m=1200J，滑轮组的机械效率：W有1200J=W总=1400J85.7%，故B正确；C提升重物的过程中所做的额外功：W额=W总W适用=1400J1200J=200J，故C错；D当提升重物的重力减小为400N，做的适用功就变小，而额外功几乎不变，适用功和总功的比值变小，故滑轮组的机械效率变小，故D错；2以下列图，用滑轮组在4s内将重为140N的物体匀速提升2m，若动滑轮重10N，石计滑轮与轴之间的摩擦及绳重。则在此过程中，以下说法正确的选项是A拉力F为75NB绳子自由端向上搬动了4mC滑轮组的机械效率约为93.3%D提升200N重物时，滑轮组机械效率不变【答案】C

3、【解析】【详解】A由图可知，n=3，不计摩擦及绳重，拉力：F=1（G+G动）=1（140N+10N）=50N，故A错误；33B则绳端搬动的距离：s=3h=32m=6m，故B错误；C拉力做功：W总=Fs=50N6m=300J，适用功：W适用=Gh=140N2m=280J，W适用100%=280J100%93.3%，故C正确。滑轮组的机械效率：=W总300JD提升200N重物时，重物重力增加，据W适用Gh=G=可知滑轮组机W总GhG动hGG动械效率变大，故D错误。3用一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组把重150N的物体匀速提升绳重时，滑轮组的机械效率为60%则以下选项错误的选项是（）A适用功必然是

4、150JB总功必然是250J1m，不计摩擦和C动滑轮重必然是【答案】D100ND拉力大小必然是125N【解析】【解析】知道物体重和物体上升的高度，利用W=Gh求对物体做的适用功；又知道滑轮组的机械效率，利用效率公式求总功，求出了适用功和总功可求额外功，不计绳重和摩擦，额外功W额=G轮h，据此求动滑轮重；不计摩擦和绳重，依照F=1n（G物+G轮）求拉力大小【详解】对左图滑轮组，担当物重的绳子股数n=3，对物体做的适用功：W有=Gh=150N1m=150J，W有W有150J由=，得：W总=250J，因此，W额=W总-W有=250J-150J=100J；由于不W总60%计绳重和摩擦，W额=G轮h，因

5、此动滑轮重：W额100J=100N，拉力F的大小：G轮=h1mF=1（G物+G轮）=1（150N+100N）=250N；对右图滑轮组，担当物重的绳子股数333n=2，对物体做的适用功：W有W有=Gh=150N1m=150J，由=，得：W总W总W有150J=250J，因此W额=W总-W有=250J-150J=100J；由于不计绳重和摩擦，W额=G轮=60%h，因此动滑轮重：G轮=W额=100J=100N，拉力F的大小：F=1（G物+G轮）=1h1m22（150N+100N）=125N；由以上计算可知，对物体做的适用功都是150J，总功都是250J，动滑轮重都是100N，故A、B、C都正确；但拉力

6、不相同，故D错应选D4以下几种方法中，可以提升机械效率的是A适用功必然，增大额外功B额外功必然，增大适用功C适用功必然，增大总功D总功必然，增大额外功【答案】B【解析】【详解】A机械效率是适用功和总功的比值，总功等于适用功和额外功之和，因此适用功必然，增大额外功时，总功增大，因此适用功与总功的比值减小，故A不吻合题意；B额外功不变，增大适用功，总功变大，因此适用功与总功的比值将增大，故B吻合题意；C适用功不变，总功增大，则适用功与总功的比值减小，故C不吻合题意；D由于总功等于适用功和额外功之和，因此总功必然，增大额外功，适用功将减小，则适用功与总功的比值减小，故D不吻合题意5某商店有一不等臂天

7、平（砝码正确），一顾客要买2kg白糖，营业员先在左盘放一包白糖右盘加1Kg砝码，待天平平衡后；接着又在右盘放一包白糖左盘加1kg砝码，待天平平衡后尔后把两包白糖交给顾客则两包白糖的总质量A等于2KgB小于2KgC大于2KgD无法知道【答案】C【解析】解答：由于天平的两臂不相等，故可设天平左臂长为a，右臂长为b（不如设ab），先称得的白糖的实质质量为m1，后称得的白糖的实质质量为m2由杠杆的平衡原理：bm1=a1，am2=b1，解得m1=，m2=则m12=12由于ab，因此（m1+m2）-m由于（m+m）2=20，即m1+m22这样可知称出的白糖质量大于2kg应选C点睛：此题要依照天平的有关知识

8、来解答，即在此题中天平的臂长不等，这是此题的要点6以下列图，工人利用动滑轮吊起一袋沙的过程中，做了300J的适用功，100J的额外功，则该动滑轮的机械效率为（）A75B667C333D25【答案】A【解析】试题解析：由题意可知，人所做的总功为W总=W有+W额=300J+100J=400J，故动滑轮的机械效率为=W有/W总=300J/400J=75%，故应选A。【考点定位】机械效率7用以下列图滑轮组提起重G=320N的物体，整个装置静止时，作用在绳自由端的拉力F=200N，则动滑轮自己重力是（绳重及摩擦不计）A120NB80NC60ND无法计算【答案】B【解析】【详解】由图可知，n=2，由题知，

9、G物=320N，F=200N，不考虑绳重和摩擦，即：，动滑轮重：G轮=80N8以下列图，动滑轮重为1NF为5NG和弹簧秤读数为，拉力，则重物AG为4N，弹簧秤读数为5NBG为9N，弹簧秤读数为10NCG为10N，弹簧秤读数为5NDG为9N，弹簧秤读数为5N【答案】D【解析】此时弹簧秤与拉力F共同担当重物和滑轮的重力，因拉力F为5N，因此弹簧秤读数也为5N；，因此G=9N，应选项D正确；应选D9以下列图，用一滑轮组在5s内将一重为200N的物体向上匀速提起2m，不计动滑轮及绳自重，忽略摩擦。则A物体上升的速度是2.5m/sB拉力F大小为400NC拉力F的功率为40WD拉力F的功率为80W【答案】

10、D【解析】【详解】sA由v得体的速度：th2mv0.4mst5s故A项不吻合题意；B图可知，绳子段数为n2，不计动滑轮及绳自重，忽略摩擦，则拉力：F11G200N100N22故B项不吻合题意；CD绳子自由端搬动的速度：v绳2v物20.4ms0.8ms拉力F的功率：WFsPFv100N0.8ms80Wt故C项不吻合题意，D项吻合题意。10工人师傅利用以下列图的两种方式，将均为300N的货物从图示地址向上缓慢提升一段距离F1、F2向来沿竖直方向；图甲中OB=2OA，图乙中动滑轮重为为0.01m/s不计杠杆重、绳重和摩擦，则以下说法正确的选项是（）60N，重物上升速度A甲乙两种方式都省一半的力B甲方

11、式F1由150N逐渐变大C乙方式机械效率约为83.3%D乙方式F的功率为3W2【答案】C【解析】试题解析：由甲图可知，OB=2OA，即动力臂为阻力臂的2倍，由于不计摩擦、杠杆自重，由杠杆平衡条件可知，动力为阻力的一半，即F1=150N；由图乙可知，n=3，不计绳重和摩擦，则F2=G+G动）/3=（300N+60N）/3=120N，故A错误；甲图中，重力即阻力的方向是竖直向下的，动力的方向也是竖直向下的，在提升重物的过程中，动力臂和阻力臂的比值不变，故动力F1的大小不变，故B错误；不计绳重和摩擦，则乙方式机械效率为：有/W=W总=W有/W有+W额=Gh/Gh+G轮h=G/G+G轮=300N/30

12、0N+60N=83.3%，故C正确；乙方式中F2=120N，绳子的自由端的速度为v绳=0.01m/s3=0.03m/s，则乙方式F2的功率为：P=F2v绳=120N0.03m/s=3.6W，故D错误，应选C考点：杠杆的平衡条件；滑轮（组）的机械效率；功率的计算11以下列图，甲、乙是固定在水平川面上的两个圆滑斜面，长度分别为4m、5m，高度相同两个工人分别用沿斜面向上的拉力F甲、F乙把完好相同的工件从斜面底端匀速地拉到斜面顶端，且速度大小相等此过程拉力F甲、F乙所做的功分别为W甲、W乙，功率分别为P甲、P乙，机械效率分别为甲、乙以下说法正确的选项是（）AF甲F乙54BW甲W乙54CP甲P乙45D

13、甲乙45【答案】A【解析】【详解】F甲Gh54A斜面圆滑，则不做额外功，因此W有=W总，即Gh=Fs，可得：Gh4F乙5，故A正确；B由于W有=W总=Gh两斜面高相同，工件也相同，因此两力做功相等，即W甲：W乙=1：1，故B错误；C由A知，F甲F乙54，且速度大小相等依照P=Fv得，P甲：P乙=F甲：F乙=5：4，故C错误；D不做额外功时，两次做功的效率都为100%，因此甲乙1：1故D错误12以下列图所示的工具中，属于费力杠杆的是：A钢丝钳B起子C羊角锤D镊子【答案】D【解析】【详解】动力臂小于阻力臂的杠杆属于费力杠杆，四幅图中只有镊子的动力臂是小于阻力臂的，故应选D。13以下列图，用完好相同

14、的四个滑轮和两根相同的细绳组成甲、乙两个滑轮组，在各自的自由端施加大小分别为F1和F2的拉力，将相同的重物缓慢提升相同的高度（不计绳重和所有摩擦）以下说法正确的选项是（）A拉力F1小于拉力F2B甲、乙两滑轮组的机械效率相同C甲、乙两滑轮组中的动滑轮都是费力机械D甲、乙两滑轮组中绳子自由端搬动的距离相等【答案】B【解析】【详解】不计绳重及摩擦，由于拉力F=（G物+G动），n1=2，n2=3，因此绳端的拉力：F1=（G物+G动），F2=（G物+G动），因此F1F2，故A错误；由于动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，W额=G动h，W适用=G物h，因此利用滑轮组做的适用功相同、额外功相同，则总功相同

15、；由于=，因此两滑轮组的机械效率相同，故B正确；使用动滑轮可以省力，动滑轮为省力杠杆，故C错误；由于绳子自由端搬动的距离s=nh，n1=2，n2=3，提升物体的高度s2=3h，则s1s2，故D错误；h相同，因此s1=2h，14分别用以下列图的甲、乙两个滑轮组，在5s内将重为100N的物体G匀速提升2m，每个滑轮的重均为10N不计绳重及摩擦，此过程中（）A拉力F甲小于拉力F乙BF甲做的功大于F乙做的功C甲滑轮组的机械效率小于乙滑轮组的机械效率DF甲做功的功率等于F乙做功的功率【答案】D【解析】【详解】由题可知,甲乙两滑轮组均将相同物体提升相同高度,由W有Gh可知W甲有W乙有；不计绳重及摩擦,均只

16、需战胜动滑轮自重做额外功,甲乙中均只有一个动滑轮,且动滑轮的重相同,由W额G动h可知W甲额W乙额，由于W总W有+W额,因此W总甲W总乙。A.由图可知,n12,n23，不计绳重及摩擦，则F甲（G+G动）（100N+10N）55N，F乙（G+G动）（100N+10N）36.7NF甲，故W总乙,即F甲做的功等于F乙做的功，故A不正确。B不正确；B.F甲与C.由于F乙做的功均为总功,由于W总甲W甲有W乙有,W总甲W总乙,依照可知,，故C不正确；D.拉力做功的功率P,由于W总甲W总乙、时间甲乙t也相同,因此P甲P乙，故D正确；应选D.【点睛】甲、乙两个滑轮组将同一物体匀速提升至相同的高度，在不计绳重和摩

17、擦的情况下，适用功就是提升重物所做的功，对动滑轮所做的功是额外功，总功等于适用功和额外功之和，机械效率是适用功与总功的比值15同一滑轮用如图甲、乙两种方式匀速提升重为100N的物体，已知滑轮重20N、绳重和滑轮的摩擦力不计则（）A手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙B手的拉力：F甲=F乙；机械效率：甲=乙C手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙D手的拉力：F甲F乙；机械效率：甲乙【答案】C【解析】【详解】甲为定滑轮，由定滑轮的使用特点可知：绳重和摩擦力不计，F甲G，并且可以改变力的方向。乙为动滑轮，F乙1F乙。（G动G），由题知，G动=20NG，因此F甲2以下列图，用定滑轮和动滑轮分别将质量相同的甲

18、、乙两物体匀速提升相同的高度，不计绳重与摩擦，则所做的适用功W适用相同大，由于要战胜动滑轮重力的作用，因此使用动滑轮做的总功多，由W适用可知，定滑轮的机械效率高，因此甲乙，故C正确为答W总案，选项ABD错误。16以下列图，作用在杠杆一端且向来与杠杆垂直的力F，将杠杆缓慢地由地址A拉至位置B，在这个过程中，力F的大小将（）A不变B变小C变大D先变大后变小【答案】C【解析】【详解】在杠杆缓慢由A到B的过程中，力F向来与杠杆垂直，因此动力臂OA的长度没有变化，阻力G的大小没有变化，而阻力臂l却逐渐增大；由杠杆的平衡条件知：F?OA=G?l，当OA、G不变时，l越大，那么选项ABD不吻合题意F越大；因

19、此拉力F在这个过程中逐渐变大C吻合题意，17在使用以下简单机械匀速提升同一物体的四种方式，所用动力最小的是（不计机械自重、绳重和摩擦）（）ABCD【答案】D【解析】不计机械自重绳重和摩擦，即在理想情况下：A.图示是一个定滑轮拉力F1G；B.依照勾股定理知h3m,图中为斜面,F25mG3m,获取F20.6G；C.如图所示,由图可知，由杠杆平衡条件可得：F3L2GLG,拉力F3GG0.4G；D.由图示可知,滑轮组承重绳子的有效股数n3,拉力F4G；因此最小拉力是F4；应选：D。点睛：由图示滑轮组，确定滑轮组的种类，依照滑轮组公式求出拉力F1、F4；由勾股定理求出斜面的高，依照斜面公式求出拉力F2的

20、大小；由图示杠杆求出动力臂与阻力臂的关系，尔后由杠杆平衡条件求出拉力F3；最后比较各力大小，确定哪个拉力最小。18在研究杠杆平衡条件的时候，小明在均匀木板中间挖孔，孔中插一金属杆，固定在铁架台上，木板可以围绕中间自由转动每个钩码的质量为200g，A、B、C、D、E、F为质量不计的挂钩，己知ABBOOCCD，ABOCD的连线与EDF的连线垂直现在B处挂两个钩码，D处挂一个钩码，木板在水平川点平衡（以下列图）以下做法能使木板仍在水平川点平衡的是A在B、D两处各加挂一个钩码B在B处加挂1个钩码，D处加挂2个钩码CB处挂两个钩码不变，把D处的一个钩码挂在F处D把B处两个钩码挂在A处，把D处的一个钩码挂

21、在C处【答案】C【解析】【解析】1）吻合杠杆平衡条件F1l1=F2l2，杠杆平衡，不吻合杠杆平衡条件，力和力臂乘积大的一端下沉（2）力臂是从支点到力的作用线的距离，把钩码挂在和钩码挂在D处的力臂相等E处、F处杠杆水平平衡时，力臂均【详解】设AB=BO=OC=CD=L，每个钩码的重力为GA在B、D两处各加挂一个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3GL，右侧力与力臂的积为2G2L，因3GL2G2L，因此木板不会平衡，故A错误；B在B处加挂1个钩码、D处加挂2个钩码时，杠杆左侧力与力臂的积为3GL，右侧力与力臂的积为3G2L，因3GL3G2L，因此木板不会平衡，故B错误；C把D处的一个钩码挂在E处或F处，杠杆右侧的力臂不变，仍为OD长，杠杆左右两侧力与力臂的乘积相等，因此木板会平衡，故C正确D把