福建省泉州十六中2023学年物理高二第二学期期末复习检测试题（含解析）

1、2023学年高二下学期物理期末模拟测试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是

2、符合题目要求的。1、氢原子的能级如图所示，氢原子从n4能级直接向n1能级跃迁所放出的光子，恰能使某金属产生光电效应， 下列判断错误的是( ) A氢原子辐射出光子后，氢原子能量变小B该金属的逸出功W012.75 eVC用一群处于n3能级的氢原子向低能级跃迁时所发出的光照射该金属，该金属仍有光电子逸出D氢原子处于n1能级时，其核外电子在最靠近原子核的轨道上运动2、如图，质量mAmB的两物体A、B叠放在一起，靠着竖直墙面让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是ABCD3、下列数据中可以算出阿伏伽德罗常数的一组数据是（）A水分子的质量和1摩尔水的体积B氢气的摩尔体积和氢气分子的体

3、积C水分子的体积和1摩尔水的质量D氢气的摩尔质量和氢气分子的质量4、一质点沿x轴运动，其位置x随时间t的变化规律为（各物理量均采用国际单位制单位）下列关于该质点运动的说法正确的是（ ）A该质点的加速度大小为5 m/s2Bt3 s时刻该质点速度为零C03 s内该质点的平均速度大小为10 m/sD质点处于x0时其速度大小为20 m/s5、在卢瑟福的粒子散射实验中，某一粒子经过某一原子核附近时的轨迹如图中实线所示图中P、Q为轨迹上的点，虚线是经过P、Q两点并与轨迹相切的直线，两虚线和轨迹将平面分为四个区域不考虑其他原子核对粒子的作用，则该原子核所在的区域可能是ABCD6、如图所示，当开关接a时，理想

4、变压器原、副线圈的匝数比为10:1，b是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想交流电表，定值电阻R=10，其余电阻均不计从某时刻开始在原线圈c、d两端加上如图乙所示的交变电压，则下列说法正确的是A当单刀双掷开关与a连接时，电压表的示数为31.1VB当单刀双掷开关与b连接且t=0.01s时，电流表示数为4AC当单刀双掷开关由a拨向b时，副线圈输出交流电的频率增大D当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈输入功率变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、图甲为一列简谐波在0时刻的波形

5、图，Q、P为介质的两个质点，图乙为质点P的振动图像，下列说法中正确的是A该波传播的速度大小为10 m/sB该波沿x轴正向传播Ct= 0.1 s时，质点Q的运动方向沿y轴负方向Dt=0.05 s时，质点Q的加速度小于质点P的加速度8、如图甲所示，在匀强磁场中，一矩形金属线圈两次分别以不同的转速，绕与磁感线垂直的轴匀速转动，产生的交变电动势图象如图乙中曲线a、b所示，则（）A曲线a、b对应的线圈转速之比为2：3B曲线b表示的交变电动势有效值为10VC曲线a表示的交变电流方向每秒改变50次D两次t0时刻线圈平面均位于中性面9、如图所示，两根光滑平行金属导轨固定在倾角为30的斜面上，导轨间距为L，导轨

6、下端连接一个阻值为R的定值电阻，空间中有一磁感应强度大小为B、方向垂直导轨所在斜面上的匀强磁场在斜面上平行斜面固定一个轻弹簧，弹簧劲度系数为k，弹簧上端与质量为m、电阻为r、长为L的导体杆相连，杆与导轨垂直且接触良好导体杆中点系一轻细线，细线平行斜面，绕过一个光滑定滑轮后悬挂一个质量也为m的物块初始时用手托着物块，导体杆保持静止，细线伸直，但无拉力释放物块后，下列说法正确的是A释放物块瞬间导体杆的加速度为gB导体杆最终将保持静止，在此过程中电阻R上产生的焦耳热为C导体杆最终将保持静止，在此过程中细线对导体杆做功为D导体杆最终将保持静止，在此过程中流过电阻R的电荷量为10、如图甲所示，在竖直方向

7、分布均匀的磁场中水平放置一个金属圆环圆环所围面积为0.1m2，圆环电阻为0.2在第1s内感应电流I沿顺时针方向，磁场的磁感应强度B随时间t的变化规律如图乙所示（其中在45s的时间段呈直线）。则（ ）A在25s时间段感应电流沿逆时针方向B在05s时间段，感应电流先减小再增大C在05s时间段，线圈最大发热功率为5.0104WD在02s时间段，通过圆环横截面的电量为0.5C三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中： (1)为了减小测量周期的误差，计时开始时，摆球应是经过最 _ (填“高”或“低”)点的位置，

8、且用秒表测量单摆完成多次全振动所用的时间，求出周期图甲中秒表示数为一单摆全振动50次所经过的时间，则单摆振动周期为_ s(2)若测得的g值偏大.可能的原因是：（_）A摆球质量过大B单摆振动时振幅较小C测量摆长时.只考虑了线长.忽略了小球的半径D测量周期时.把n个全振动误认为（n+1）个全振动.使周期偏小12（12分）在用单摆测量重力加速度的实验中：（1）用游标卡尺测量小钢球的直径，如图1所示，小球的直径为_mm.（2）某同学的如下实验操作中正确的是_把单摆从平衡位置拉开约5释放在摆球经过最低点时启动秒表计时用秒表记录摆球一次全振动的时间作为周期（3）下表是用单摆测定重力加速度实验中获得的有关数

9、据，利用数据，在如图2所示的坐标纸中描出lT2图象_.摆长l（m）0.40.50.60.81.01.2周期T2（s2）1.62.22.43.24.04.8（4）利用图象，求得重力加速度g_m/s2（结果保留三位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）波源由平衡位置起振，经第一次回到平衡位置，介质中形成的简谐波如图甲所示，波恰好传播到点。已知这段时间内波源通过的路程为，两质点平衡位置间的距离为，求： (1)波源振动的振幅和周期；(2)所形成简谐波的波长和波速；(3)以波传播到点作为计时零点，请在图乙上画

10、出点一个周期的振动图像（以向上为位移的正方向）。14（16分）某学校有一台应急备用发电机，内阻为r1 ，升压变压器的匝数比为14，降压变压器的匝数比为41，输电线的总电阻为R4 ，全校22个教室，每个教室用“220 V,40 W”的灯泡6盏，要求所有灯都正常发光，求：输电线上损耗的电功率多大？15（12分）一个静止的铀核（原子质量为232.0372u）放出一个粒子（原子质量为4.0026u）后衰变成钍核（原子质量为228.0287u）（已知1u相当于931.5MeV的能量）（1）写出铀核的衰变反应方程（2）算出该衰变反应中释放出的核能（3）若释放的核能全部转化为新核的动能，则粒子的动能为多少？

11、2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【答案解析】A.氢原子发生跃迁，辐射出光子后，氢原子能量变小，故A说法正确。B. 恰能使某金属产生光电效应，由n=4跃迁到n=1，辐射的光子能量最大值为E=13.6eV-0.85eV=12.75eVD. 一群处于n=3能级的氢原子向低能级跃迁时，辐射的能量小于从n=4能级直接向n=1能级跃迁辐射出光子的能量，则不会发生光电效应，故C说法错误。D.根据波尔原子模型可知，处于n=1能级时，其核外电子在最靠近原子核的轨道上运动，故D说法正确。本题选

12、不正确的，应该C。2、A【答案解析】A与B整体同时沿竖直墙面下滑，受到总重力，墙壁对其没有支持力，如果有，将会向右加速运动，因为没有弹力，故也不受墙壁的摩擦力，即只受重力，做自由落体运动；由于整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A、B间无弹力，再对物体B受力分析，只受重力，故A正确，BCD错误【答案点睛】本题关键先对整体受力分析，得到整体做自由落体运动，处于完全失重状态，故A与B间无弹力，最后再对B受力分析，得到其只受重力3、D【答案解析】A1摩尔水的体积乘以水的密度等于1摩尔水的质量，然后除以水分子的质量等于阿伏伽德罗常数，所以已知水分子的质量和1摩尔水的体积不能求解阿佛加德罗常数，选项

13、A错误；B氢气的摩尔体积是1摩尔的氢气占据的空间的体积，除以氢气分子的体积不等于阿伏伽德罗常数，选项B错误；C1摩尔水的质量除以水的密度等于水的摩尔体积，再除以水分子的体积等于阿伏伽德罗常数，则已知水分子的体积和1摩尔水的质量不能求解阿伏伽德罗常数，选项C错误；D用氢气的摩尔质量除以氢气分子的质量等于阿伏伽德罗常数，选项D正确。故选D。4、D【答案解析】A、将匀变速直线运动的位移时间公式为：与对比得：该质点的初速度：v1=11m/s，加速度a=-11m/s2，故A错误B、t=3s时刻该质点速度为：v=v1+at=11 m/s -11 m/s23 s =-21m/s，故B错误C、将t=1代入得：

14、x1=15m，将t=3s代入得：x2=1，所以13s内该质点的平均速度大小为：，故C错误D、由上知：t=3s时质点的坐标是x=1根据速度时间公式得：v=v1+at=11+（-11）3=-21m/s，速度大小为21m/s，故D正确故选D5、A【答案解析】卢瑟福通过粒子散射并由此提出了原子的核式结构模型，正电荷全部集中在原子核内，粒子带正电，同种电荷相互排斥，若在区域粒子轨迹将向上偏转，由轨迹的弯曲方向知道排斥力向下，所以原子核一定在区域，故选：A.点睛：卢瑟福通过粒子散射并由此提出了原子的核式结构模型，该实验的现象为：绝大多数粒子几乎不发生偏转，少数粒子发生了较大的角度偏转，极少数粒子发生了大角

15、度偏转（偏转角度超过90，有的甚至几乎达到180，被反弹回来），据此可得出原子核的可能区域6、D【答案解析】由图象可知，电压的最大值为311V，交流电的周期为210-2s，所以交流电的频率为.A.交流电的有效值为220V，根据电压与匝数成正比可知，副线圈的电压为22V;所以A错误.B.当单刀双掷开关与b连接时，副线圈电压为44V，所以副线圈电流为4.4A，电流表示数为电流的有效值，不随时间的变化而变化，所以电流表的示数为4.4A;故B错误.C.变压器不会改变电流的频率，所以副线圈输出电压的频率为50Hz;所以C错误.D.当单刀双掷开关由a拨向b时，原线圈的匝数变小，所以副线圈的输出的电压要变大

16、，电阻R上消耗的功率变大，原线圈的输入功率也要变大;所以D正确.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【答案解析】A根据波动图可知波长为 ，根据振动图像可知周期为 ，所以波速为故A正确B从振动图像上可以看出P点在0时刻从平衡位置向下振动，所以波应该沿x轴负方向传播，故B错误；C由于波向左传播，波传播的周期为0.4s，根据波的传播，可知t= 0.1 s时，质点Q的运动方向沿y轴正方向，故C错误；D根据波的传播方向可以知道-0.05 s的时间内，P从平衡位置向下运动，而

17、Q从原来位置向平衡位置移动，且越靠近平衡位置粒子的加速度越小，所以在t=0.05 s时，质点Q的加速度小于质点P的加速度，故D正确；故选AD8、CD【答案解析】A.由图可知，a的周期为4102s；b的周期为6102s，则曲线a、b对应的线圈周期之比为2：3；转速n=1/T，所以曲线a、b对应的线圈转速之比为3：2，故A错误；B.曲线b对应的线圈转速之比为3：2，曲线a表示的交变电动势最大值是15V，根据EmnBS得曲线b表示的交变电动势最大值是10V，则有效值为U=V5V；故B错误；C.曲线a的交变电流的频率f=1/T=25Hz；电流方向每周改变2次，所以曲线a表示的交变电流方向每秒改变50次

18、，故C正确；D.在t0时刻，感应电动势为零，则线圈一定处在中性面上；故D正确；9、BCD【答案解析】A初始时，弹簧被压缩，弹力大小，即，释放物块瞬间，安培力为零，对杆和物块分析有：、，解得：，故A错误B由于电磁感应消耗能量，杆最终速度为零，安培力为零，细线拉力，弹簧处于伸长状态；对导体杆有：，解得：；弹簧弹性势能不变，对物块、导体杆、弹簧整个系统，由能量守恒得：，解得：，电阻R上产生的焦耳热故B项正确C从运动到最终停止，弹簧弹力对导体棒做功为零，对导体棒运用动能定理得，又，解得：细线对导体杆拉力做功故C项正确D流过电阻R上的电荷量，故D正确10、AC【答案解析】A由题意知，在第1s内感应电流I

19、 沿顺时针方向，根据楞次定律知，磁场方向向下为正方向；在02s时间段顺时针，在25s时间，磁场在减小，则感应电流的方向逆时针，故A正确；B.根据闭合电路欧姆定律得：I，知磁感应强度的变化率越大，则电流越大，磁感应强度变化率最大值为0.1，则最大电流为：I=0.05A，则在05s时间段，感应电流先减小再增大，最后不变，故B错误；C在05s时间段，当电流最大时，发热功率最大，则有：P=I2R=0.0520.2W=5.0104W，故C正确；D根据感应电量的公式有：q0.05C，则通过圆环横截面的电量为0.05C，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出

20、演算过程。11、低 2.01 D 【答案解析】（1）小球的偏角在很小（5）时，小球的振动才近似看成简谐运动在摆球经过最低点时开始计时，产生的时间误差较小由秒表读出时间t=90+12.50s=102.50s，则单摆的周期为T=s=2.01s；（2）根据单摆周期公式T=2有g=测算的g值比实际值大，可能是T偏小、L偏大引起的；摆球的质量对周期无影响，相反，摆球质量大，空气阻力可以忽略不计，更加准确，故A错误；摆球的振幅对周期无影响，故B错误；测摆长时未计入摆球的半径，L的测量值偏小，根据g=测算的g值比实际值小；将振动次数n错记为（n+1），单摆的周期T=，T的测量值偏小则g测量值偏大，故D正确；故选D12、22.6 9.86 【答案解析】（1）1游标卡尺的主尺读数为22mm，游标尺上第6个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为60.1mm0.6mm，所以最终读数为：22mm+0.6mm22.6mm（2）2把单摆从平衡位置拉开约5释放，角度小于5，测量误差小，故符合题意当摆球经过平衡