青海省西宁市沛西中学2023学年化学高二第二学期期末考试模拟试题（含解析）

1、2023学年高二下学期化学期末模拟测试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、下列有关物质性质与用途具有对应关系的是ANa2S溶液具有碱性，可用于脱除废水中Hg2+BCuSO4能使蛋白质变性，可用于游泳池水的消毒CMnO2是黑色粉末，可用于催化H2O2分解制取O2DNa2CO3能与酸反应，可用于去除餐具表面的油污2

2、、某烃的结构简式如图所示，若分子中共线碳原子数为a，可能共面的碳原子最多为b，含四面体结构碳原子数为c，则a、b、c分别是（ ）A3，4，5 B3、14，4 C3，l0，4 D4，l0，43、一定温度下，金属硫化物的沉淀溶解平衡曲线如图所示。纵坐标p(Mn)表示lgc(Mn)，横坐标p(S2)表示lgc(S2)，下列说法不正确的是()A该温度下，Ag2S的Ksp1.61049B该温度下，溶解度的大小顺序为NiSSnSCSnS和NiS的饱和溶液中104D向含有等物质的量浓度的Ag、Ni2、Sn2溶液中加入饱和Na2S溶液，析出沉淀的先后顺序为Ag2S、SnS、NiS4、短周期主族元素A、B、C、

3、D的原子序数依次增大.甲、乙、丙、丁、戊是由这些元素组成的常见化合物，其中丙、丁、戊为二元化合物，已是元素C的单质。甲、乙的溶液均呈碱性。下列说法错误的是A甲和戊加入水中都能破坏水的电离平衡 B乙和戊都含有离子键C原子半径r(D)r(B)r(C)r(A) DA、B、C形成的化合物一定显酸性5、分类法在化学发展中起到非常重要的作用，下列分类标准合理的是A根据化合物在水溶液中能否导电，将化合物分为电解质和非电解质B根据分散系是否具有丁达尔现象，将分散系分为溶液、胶体和浊液C根据化学式中所含氢原子的个数，将酸分为一元酸、二元酸和多元酸D根据反应中是否有电子转移，将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原

4、反应6、下列有关物质结构的描述正确的是A甲苯分子中的所有原子可能共平面BCH2=CH-C6H5分子中的所有原子可能共平面C二氯甲烷分子具有正四面体结构D正戊烷分子中5个碳原子可以在同一直线上7、H+、Na+、Al3+、Ba2+、OH、HCO3、Cl七种离子中的两种可以形成了甲、乙、丙、丁四种化合物，它们之间可以发生如下转化关系(产物H2O未标出)，下列说法不正确的是A白色沉淀A可能能溶解在溶液D中B在甲中滴加丁可能发生反应：HCO3 + Ba2+ + OH = BaCO3 + H2OC溶液丙与I、NO3、SO42 可以大量共存D溶液乙一定是AlCl3溶液8、宋代著名法医学家宋慈的洗冤集录中有银

5、针验毒的记载，“银针验毒”涉及的化学反应是：4Ag + 2H2S + O2 = 2X + 2H2O，下列说法不正确的是AX的化学式为Ag2SB还原性：H2SH2OC每消耗11.2L O2，反应中转移电子的数目为2NADX是氧化产物9、某天然碱组成可表示为xNa2CO3yNaHCO3zH2O。取m g该天然碱配成1L溶液M。取出100mLM向其中加入50mL1 molL1盐酸，两者恰好完全反应生成NaCl,同时产生CO2的体积为672mL（标准状况下），下列推断正确的是（ ）Am g该天然碱中含0.3molNa2CO3 Bm g该天然碱中含0.3molNa+C溶液M中c（Na+）=0.5 mol

6、L1 D该天然碱中x:y:z=2:1:210、下列原子中未成对电子数最多的是()ACBOCNDCl11、聚丙烯酸脂类涂料是目前市场流行的涂料之一，它具有不易老化、耐擦洗，色泽亮丽等优点。聚丙烯酸酯的结构简式，则下列关于它的说法中正确的是（ ）A它的结构属于体型结构 B它的单体是CH2=CHCOORC它能做防火衣服 D它是天然高分子化合物12、下列气体中不会造成空气污染的是（ ）ANOBNO2CCO2DSO213、下列物质属于纯净物的是( )氨水重水明矾纯碱天然气氧气漂白粉铝热剂ABCD14、下列有关化学用语的表示方法中正确的是A次氯酸的电子式：BM2+离子核外有a个电子，b个中子，M原子符号为

7、C用电子式表示MgCl2的形成过程为：DNa+的结构示意图：15、下列各组有机化合物中，肯定属于同系物的组合是AC2H6 与C5H12BC3H6 与C4H8C甲醇与乙二醇D与16、下列有关说法正确的是A25时NH4Cl溶液的Kw大于100时NaCl溶液的KwBpH2的盐酸和pH12的NaOH溶液等体积混合后溶液肯定呈中性C将常温下0.1 mol/L pHa的醋酸稀释到pHa1时，其物质的量浓度c0.01 mol/LD等体积等pH的盐酸和醋酸与足量锌反应时，开始时反应速率相等，最终产生的氢气一样多二、非选择题（本题包括5小题）17、已知A原子只有一个未成对电子，M电子层比N电子层多11个电子，试

8、回答下列问题：（1）该元素的基态原子有_个能层充有电子；（2）写出A原子的电子排布式和元素符号_；_。（3）指出元素A在周期表中的位置_。（4）指出元素A的最高化合价 _。（5）A的氢化物分子中共价键的类型可能有_。 s-p键 p-p键 s-s 键 p-p键（6）写出与A同周期未成对电子数最多的元素原子的价层电子排布式_。18、立方烷()具有高度的对称性、高致密性、高张力能及高稳定性等特点，因此合成立方烷及其衍生物成为化学界关注的热点。下面是立方烷衍生物I的一种合成路线：回答下列问题：(1)C的结构简式为_，E的结构简式为_。(2)的反应类型为_，的反应类型为_。(3)化合物A可由环戊烷经三步

9、反应合成，已知：反应1的试剂与条件为：Cl2/光照。反应2的化学方程式为_。(4)在立方烷衍生物I的合成路线中，互为同分异构体的化合物是_(填化合物代号)。(5)立方烷衍生物I与碱石灰共热可转化为立方烷。立方烷的核磁共振氢谱中有_个峰。19、某学习小组设计实验探究CuSO4分解产物甲同学选择下列装置设计实验探究硫酸铜分解的气态产物SO3、SO2和O2，并验证SO2的还原性。回答下列有关问题（1）CuSO4水溶液呈酸性，其原因是_（用离子方程式表示）。（2）上述装置按气流从左至右排序为A、D、_E、F（填代号）。（3）装置D的作用是_；能证明有SO3生成的实验现象是_。（4）在实验过程中C装置中

10、红色溶液逐渐变为无色溶液，说明A中分解产物有_；待C中有明显现象后，F开始收集气体，F装置中集气瓶收集到了少量气体，该气体是_（填化学式）。（5）为了验证SO2的还原性，取E装置中反应后的溶液于试管中，设计如下实验：a 滴加少量的NH4SCN溶液 b 滴加少量的K3Fe（CN）6溶液c 滴加酸性KMnO4溶液 d 滴加盐酸酸化的BaCl2溶液其中，方案合理的有_（填代号），写出E装置中可能发生反应的离子方程式：_。乙同学利用A中残留固体验证固体产物（假设硫酸铜已完全分解）查阅资料知，铜有+2、+1价。Cu2O在酸性条件下不稳定，发生反应：Cu2O+2H+=Cu+Cu2+H2O。（6）为了验证固

11、体产物中是否有Cu2O，设计了下列4种方案，其中能达到实验目的的是_。甲：取少量残留固体于试管，滴加足量的稀硝酸，观察溶液颜色是否变为蓝色乙：取少量残留固体于试管，滴加足量的稀硫酸，观察溶液颜色是否变为蓝色丙：取少量残留固体于试管，滴加足量的稀盐酸，观察是否有红色固体生成丁：取少量残留固体于试管，通入氢气，加热，观察是否生成红色固体（7）经检验CuSO4分解生成CuO、Cu2O、SO3、SO2和O2，且CuO、Cu2O的质量之比为5：9，SO2、O2、SO3的体积之比（同温同压下测定）为4：3：2。写出CuSO4分解的化学方程式：_。20、甲同学利用下图所示装置在实验室制备乙酸乙酯。（1）实验

12、中饱和Na2CO3溶液的作用是_。某次实验时，在饱和Na2CO3溶液中滴加2滴酚酞溶液。实验结束，取下试管B振荡，红色褪去。为探究褪色的原因，进行如下实验。编号实验操作充分振荡、静置充分振荡、静置充分振荡、静置、分液。取下层溶液，加入饱和Na2CO3溶液现象上层液体变薄，冒气泡，下层溶液红色褪去上层液体不变薄，无气泡，下层溶液红色褪去（2）试管中产生气泡的原因是（用化学方程式解释）_。（3）对比实验和可得出的结论是_。（4）针对实验中现象，乙同学提出猜想：酚酞更易溶于乙酸乙酯。实验中观察到_，证实乙的猜想正确。21、砷化镓（GaAs）是优良的半导体材料，可用于制作微型激光器或太阳能电池的材料等

13、。回答下列问题：（1）写出基态As原子的核外电子排布式_。（2）根据元素周期律，原子半径Ga_As，第一电离能Ga_As。（填“大于”或“小于”）（3）AsCl3分子的立体构型为_，其中As的杂化轨道类型为_。（4）GaF3的熔点高于1000，GaCl3的熔点为77.9，其原因是_。（5）GaAs的熔点为1238，其晶胞结构如图所示。该晶体的类型为_,Ga与As以_键键合。2023学年模拟测试卷参考答案（含详细解析）一、选择题（每题只有一个选项符合题意）1、B【答案解析】A. Na2S溶液可用于脱除废水中Hg2+，是由于发生反应产生HgS沉淀，A错误；B.CuSO4能使蛋白质变性，使细菌、病毒

14、蛋白质失去生理活性，因此可用于游泳池水的消毒，B正确；C.MnO2能降低H2O2分解的活化能，所以可用于催化H2O2分解制取O2，C错误；D.Na2CO3溶液显碱性，能够与油脂发生反应，产生可溶性的物质，因此可用于去除餐具表面的油污，D错误；故合理选项是B。2、B【答案解析】已知乙炔为直线形结构，则与CC键相连的C原子可能共线，则共有3个；分子中与苯环以及C=C直接相连的原子共平面，则可能共面的碳原子最多为14，即所有的碳原子可能共平面；含四面体结构碳原子为饱和碳原子，共4个，故答案选B。3、C【答案解析】分析：A.根据Ag2S的沉淀溶解平衡曲线a点数据计算Ksp；B. 根据SnS、NiS的沉

15、淀溶解平衡曲线比较；C.先根据图像计算出Ksp(NiS)和Ksp（SnS），再根据饱和溶液中锡离子和镍离子浓度之比等于溶度积之比计算；D.计算沉淀等物质的量浓度的Ag、Ni2、Sn2所需c(S2)的大小，进行比较。详解：A.由a(30，10lg 4)可知，当c(S2)1030molL1时，c(Ag)10(10lg 4)molL1，Ksp(Ag2S)c2(Ag)c(S2)10(10lg 4)21030=1.61049，A项正确；B.观察SnS、NiS的沉淀溶解平衡曲线可以看出，当两条曲线中c(S2-)相同时，c(Ni2+)c(Sn2+)，由于SnS和NiS沉淀类型相同，所以溶解度的大小顺序为Ni

16、SSnS ，B项正确；C.SnS和NiS的饱和溶液中c(Sn2+)c(Ni2+D.假设Ag、Ni2、Sn2均为0.1 molL1，分别生成Ag2S、NiS、SnS沉淀时，需要c(S2)分别为1.61047、1020、1024，因此生成沉淀的先后顺序为Ag2S、SnS、NiS，D项正确。故本题答案选C。4、D【答案解析】丙、丁、戊为二元化合物，已是元素C的单质，说明需要有两种化合物反应生成一种单质的化学反应，符合要求的熟悉的反应应该是过氧化钠和水或二氧化碳反应生成氧气单质，所以丙、丁为二氧化碳或水，戊为过氧化钠，己为氧气，元素C为O。根据A、B、C、D的原子序数依次增大，得到D为Na，A为H，B

17、为C，结合以上四种元素得到：甲为碳酸氢钠，乙为碳酸钠。甲（碳酸氢钠）加入水碳酸氢根离子水解，促进水电离；戊（过氧化钠）加入水中，反应得到氢氧化钠抑制水电离，所以甲和戊加入水中都能破坏水的电离平衡，选项A正确。乙（碳酸钠）和戊（过氧化钠）都是离子化合物，所以都存在离子键，选项B正确。所有原子中H的半径最小，并且：同周期元素从左向右半径减小，同主族元素从上向下半径增大，所以四种元素的半径顺序为：r(D)r(B)r(C)r(A)，选项C正确。A、B、C即H、C、O能组成很多化合物，包括有机物，很有可能是中性化合物，例如：乙醇，选项D错误。点睛：本题的着眼点是熟悉两个化合物生成单质的化学反应。本题主要

18、考察的就是过氧化钠与二氧化碳以及水反应生成氧气单质的过程。这样的反应，除以上两个以外，也可以是：CO还原金属氧化物得到金属单质；某些氧化剂氧化盐酸生成氯气（比如：实验室制氯气）；氨气和氮氧化物生成氮气等。5、D【答案解析】A. 根据化合物在水溶液或熔融状态下中能否导电，将化合物分为电解质和非电解质，故错误；B. 根据分散系中分散质微粒直径，将分散系分为溶液、胶体和浊液，不是根据是否有丁达尔效应分，故错误；C. 根据酸能电离出的氢离子个数，将酸分为一元酸、二元酸和多元酸，故错误；D. 根据反应中是否有电子转移，将化学反应分为氧化还原反应和非氧化还原反应，故正确。故选D。6、B【答案解析】A.甲烷

19、是正四面体结构，所以甲苯分子中的所有原子不可能共平面，A错误；B.乙烯是平面结构，苯是平面结构，所以CH2=CH-C6H5分子中的所有原子可能共平面，B正确；C.甲烷是正四面体结构，因此二氯甲烷分子一定不是正四面体结构，C错误；D.正戊烷分子中5个碳原子形成的碳链其实是锯齿状的，而不是一条直线，D错误。答案选B。7、C【答案解析】分析：甲、乙、丙、丁是由H+、Na+、Al3+、Ba2+、OH、HCO3、Cl离子中的两种组成，由离子共存，H+只能与Cl组成HCl，Al3+只能与Cl组成AlCl3，甲溶液能和乙溶液生成白色沉淀A、气体和氯化钠，应是铝离子与碳酸氢根发生的双水解反应，A为Al(OH)

20、3，B为CO2，甲、乙分别为AlCl3、NaHCO3中的一种，甲与丙反应得到氯化钠与二氧化碳，则甲为NaHCO3，乙为AlCl3，丙为HCl，甲与丁反应得到白色沉淀C与无色反应D，则丁为Ba(OH)2，因为物质的用量不确定，则D为NaOH或碳酸钠。详解: 甲、乙、丙、丁是由H+、Na+、Al3+、Ba2+、OH、HCO3、Cl离子中的两种组成，由离子共存，H+只能与Cl组成HCl，Al3+只能与Cl组成AlCl3，甲溶液能和乙溶液生成白色沉淀A、气体和氯化钠，应是铝离子与碳酸氢根发生的双水解反应，A为Al(OH)3，B为CO2，甲、乙分别为AlCl3、NaHCO3中的一种，甲与丙反应得到氯化钠

21、与二氧化碳，则甲为NaHCO3，乙为AlCl3，丙为HCl，甲与丁反应得到白色沉淀C与无色反应D，则丁为Ba(OH)2，因为物质的用量不确定，则D为NaOH或碳酸钠。A.A为Al(OH)3，D为可能为NaOH或碳酸钠，氢氧化铝可以溶于氢氧化钠溶液，所以A选项是正确的；B.甲为NaHCO3，丁为Ba(OH)2，在甲中滴加丁,若氢氧化钡过量，发生反应：HCO3 + Ba2+ + OH = BaCO3 + H2O，所以B选项是正确的；C.丙为HCl，含有H+，故I、NO3不能与其共存，故C错误；D. 甲、乙分别为AlCl3、NaHCO3中的一种，甲与丙反应得到氯化钠与二氧化碳，则甲为NaHCO3，乙

22、一定为AlCl3，所以D选项是正确的。故答案为C。8、C【答案解析】由质量守恒定律可知X的化学式为Ag2S，反应中Ag元素的化合价升高，O元素的化合价降低，反应的化学方程式为4Ag+2H2S+O22Ag2S+2H2O。【题目详解】A项、由质量守恒定律可知X的化学式为Ag2S，故A正确；B项、同主族元素从上到下，元素的非金属性依次减弱，氢化物的还原性依次增强，则还原性：H2SH2O，故B正确；C项、没有明确是否为标准状况，无法计算11.2L O2的物质的量，故C错误；D项、反应中Ag元素的化合价升高，O元素的化合价降低，则Ag2S是氧化产物，故D正确；故选C。【答案点睛】本题考查氧化还原反应，注

23、意从质量守恒的角度判断X的化学式，把握反应中元素的化合价变化为解答的关键。9、C【答案解析】A. 生成CO2的体积为672mL(标准状况下)，物质的量为0.03mol，根据碳元素守恒，100mLM 溶液中含有Na2CO3和NaHCO3的物质的量之和为0.03mol，则m g该天然碱中含有Na2CO3和NaHCO3的物质的量之和为0.3mol，故A错误；B. m g该天然碱中含有Na2CO3和NaHCO3的物质的量之和为0.3mol，则m g该天然碱中含Na+大于0.3mol，故B错误；C. 反应后生成氯化钠溶液，根据氯离子守恒，氯化钠的物质的量等于盐酸中含有的氯化氢的物质的量为0.05mol，

24、则溶液M中c(Na+)= c(Cl-)=0.5 molL1，故C正确；D. m g该天然碱中含有Na2CO3和NaHCO3的物质的量之和为0.3mol，含有钠离子0.5mol，则m g该天然碱中含有Na2CO3和NaHCO3的物质的量分别为0.2mol和0.1mol，由于m未知，无法计算结晶水的物质的量，因此无法判断该天然碱中x:y:z的比值，故D错误；故选C。10、C【答案解析】根据能量最低原理书写各元素的电子排布式，根据电子排布式判断未成对电子数，可解答该题。【题目详解】AC的电子排布式为1s22s22p2，未成对电子数为2；BO的电子排布式为1s22s22p4，未成对电子数为2；CN的电

25、子排布式为1s22s22p3，未成对电子数为3；DCl的电子排布式为1s22s22p63s23p5，未成对电子数为1；比较可知N的未成对电子数为3，最多，答案选C。【答案点睛】本题考查原子核外电子的排布，题目难度中等，注意根据电子排布式判断未成对电子数。11、B【答案解析】分析：A、碳链与碳链间没有形成化学键，线型结构；B、凡链节的主碳链为两个碳原子，其单体必为一种，将链节的两个半键闭全即为单体；C、聚丙烯酸酯易燃；D、是合成纤维。详解：A、碳链与碳链间没有形成化学键，线型结构，故A错误；B、它的单体是CH2=CHCOOR，故B正确；C、聚丙烯酸酯易燃，不能做防火衣服，故C错误；D、它是人工合

26、成的，不是天然高分子化合物，故D错误；故选B。12、C【答案解析】CO2为空气的固定成分，不是污染物，而SO2、NO、NO2排放在空气中，造成空气污染，据此答题。【题目详解】A.NO有毒，排放在空气中，会与空气中的氧气反应生成.NO2，造成空气污染，形成硝酸型酸雨，故A错误；B.NO2有毒，排放在空气中，造成空气污染，形成硝酸型酸雨，故B错误；C.CO2为空气的固定成分，无毒，不会造成空气污染，故C正确；D.SO2有毒，排放在空气中，造成空气污染，形成硫酸型的酸雨，故D错误；故选C。13、B【答案解析】氨水为氨气溶于水形成的水溶液，属于混合物；重水只含有D2O，属于纯净物；明矾为十二水合硫酸铝

27、钾，属于纯净物；纯碱为碳酸钠，属于纯净物；天然气的主要成分是甲烷，属于混合物；氧气属于纯净物；漂白粉的主要成分是氯化钙和次氯酸钙，属于混合物；铝热剂是铝粉和其它金属氧化物形成的混合物，所以属于纯净物的是，答案选B。14、B【答案解析】A次氯酸的电子式中，应该是氧原子写在中间，A项错误；BM2+离子核外有a个电子，则M原子的质子数为a+2，质量数为a+b+2，B项正确；C氯化镁形成过程中，箭头方向标示错误，C项错误；D图中给的是钠原子的结构示意图，D项错误；所以答案选择B项。【答案点睛】活学活用八电子理论来写电子式。做此类题时，需要特别的细心，如看清箭头方向，如看清是原子还是离子等。15、A【答

28、案解析】AC2H6与C5H12，二者都是饱和烃，结构相似，分子间相差3个CH2原子团，所以二者一定互为同系物，故符合题意； BC3H6与C4H8，二者可能为烯烃或者环烷烃，由于结构不能确定，所以不一定互为同系物，故不符合题意； C甲醇与乙二醇，二者的氧原子数不一样，分子组成不符合要求，不是同系物，故不符合题意；D苯酚和苯甲醇的结构不同、化学性质不同、分子式通式不同，不是同系物，故不符合题意。故选A【答案点睛】结构相似，在分子组成上相差一个或若干个CH2原子团的物质互称为同系物；互为同系物的物质满足以下特点：结构相似、化学性质相似、分子式通式相同、分子式不同、物理性质不同，研究对象是有机物。16

29、、C【答案解析】A. 25时NH4Cl、NaCl均为强电解质，不存在电离平衡，A错误；B.常温时，pH2的盐酸和pH12的NaOH溶液等体积混合后溶液肯定呈中性，未给定温度，则不一定为中性，B错误；C. 将常温下0.1 mol/L pHa的醋酸稀释到pHa1时，加水稀释后的体积大于原来的10倍，其物质的量浓度c0.01 mol/L，C正确；D. 等体积等pH的盐酸和醋酸与足量锌反应时，开始时反应速率相等，醋酸为弱电解质，随反应的进行，未电离的分子逐渐电离，最终产生的氢气比盐酸多，D错误；答案为C【答案点睛】醋酸为弱电解质，加水稀释时，未电离的分子逐渐电离，导致氢离子浓度减小的程度小，稀释为原来

30、氢离子浓度的1/10时，则需多加水。二、非选择题（本题包括5小题）17、 4 1s22s22p63s23p63d104s24p5 Br 第四周期第A族 +7 3d54s1【答案解析】分析：A原子只有一个未成对电子，M电子层比N电子层多11个电子，根据原子核外电子排布规律，基态A原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p5，A为Br元素。详解：A原子只有一个未成对电子，M电子层比N电子层多11个电子，根据原子核外电子排布规律，基态A原子的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p5，A为Br元素。（1）该元素的基态原子中K、L、M、N层排有电子，

31、有4个能层充有电子。（2）A原子的电子排布式为1s22s22p63s23p63d104s24p5，A的元素符号为Br。（3）A原子核外有4个电子层，最外层有7个电子，元素A在周期表中的位置：第四周期第VIIA族。（4）A原子的最外层有7个电子，A的最高化合价为+7价。（5）A的氢化物为HBr，HBr中的共价键是由H原子的1s原子轨道提供的未成对电子与Br原子的4p原子轨道提供的未成对电子形成的s-p键，答案选。（6）A位于第四周期，第四周期中未成对电子数最多的元素为Cr，Cr的核外电子排布式为1s22s22p63s23p63d54s1，Cr的价层电子排布式为3d54s1。18、 取代反应 消去

32、反应 +NaOH+NaCl G和H 1 【答案解析】A发生取代反应生成B，B发生消去反应生成C，C为，C发生取代反应生成D，D与Br2/CCl4发生加成反应生成E，E为，对比E和F的结构简式，E发生消去反应生成F ，据此分析解答。【题目详解】A发生取代反应生成B，B发生消去反应生成C，C为，C发生取代反应生成D，D与Br2/CCl4发生加成反应生成E，E为，对比E和F的结构简式，E发生消去反应生成F ；(1)根据上述推断，C的结构简式为，E的结构简式为；(2)通过以上分析中，的反应类型为取代反应，的反应类型为消去反应；(3)环戊烷和氯气在光照条件下发生取代反应生成X，X为，X和氢氧化钠的水溶液

33、加热发生取代反应生成Y，Y为，Y在铜作催化剂加热条件下发生氧化反应生成环戊酮。反应2的化学方程式为+NaOH+NaCl；(4)在I的合成路线中，互为同分异构体的化合物是G和H；(5)I与碱石灰共热可化为立方烷，核磁共振氢谱中氢原子种类与吸收峰个数相等，立方烷中氢原子种类是1，因此立方烷的核磁共振氢谱中有1个峰。【答案点睛】本题考查了有机物的合成及推断的知识，涉及反应条件的判断、反应方程式的书写、同分异构体种类的判断等知识点，明确有机物中含有的官能团及其性质是解本题关键，要根据已知物质结构确定发生的反应类型及反应条件。19、 B、C 防倒吸（或作安全瓶） B装置中产生白色沉淀 SO2 O2 bd

34、 乙 【答案解析】装置A中CuSO4受热分解，装置D为安全瓶，起防止倒吸的作用，装置B中氯化钡溶液用于检验分解产物中是否有三氧化硫，装置C中品红溶液用于检验分解产物中是否有二氧化硫，装置E中氯化铁溶液用于验证二氧化硫的还原性，装置F用于检验分解产物中是否有难溶于水的氧气。【题目详解】（1）CuSO4是强酸弱碱盐，Cu2+在溶液中水解，使溶液呈酸性，收集到离子方程式为，故答案为：；（2）三氧化硫与水剧烈反应生成强酸硫酸，为防止倒吸应在检验三氧化硫前设计一个防倒吸的装置，二氧化硫部分与水反应生成弱酸亚硫酸，由强酸制弱酸的原理可知，三氧化硫能与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，二氧化硫不能与氯化钡溶

35、液反应，为防止三氧化硫干扰实验，应先检验三氧化硫，再检验二氧化硫，检验二氧化硫用品红溶液，验证二氧化硫的还原性用氯化铁溶液，验证氧气可用排水法，则连接顺序为A、D、B、C、E、F，故答案为：B、C；（3）三氧化硫与水剧烈反应生成强酸硫酸，为防止倒吸应在检验三氧化硫前设计一个防倒吸的装置，则装置D的作用是做安全瓶，起防止倒吸的作用；三氧化硫能与氯化钡溶液反应生成硫酸钡白色沉淀，二氧化硫不能与氯化钡溶液反应，故答案为：防倒吸（或作安全瓶）；B装置中产生白色沉淀；（4）二氧化硫具有漂白性，能使品红溶液褪色，C装置中品红溶液红色溶液逐渐变为无色溶液，说明A中分解产物有二氧化硫,则反应中S元素的化合价降

36、低，又因为Cu元素的化合价不可能升高，故只能是O元素的化合价升高生成氧气，且氧气难溶于水，能用排水集气法收集，则F装置中集气瓶收集到的少量气体是氧气，故答案为：SO2；O2；（5）二氧化硫具有漂白性，氯化铁具有氧化性，二氧化硫与氯化铁溶液发生氧化还原反应生成硫酸、氯化亚铁，反应的离子方程式为，为验证二氧化硫的还原性，可以检验E中的溶液中是否有Fe2+或SO42-生成。NH4SCN溶液不能检验这两种离子；亚铁离子能与K3Fe（CN）6溶液生成蓝色沉淀；Cl-也有还原性，故不能用酸性KMnO4溶液检验Fe2+；盐酸酸化的BaCl2溶液可以检验SO42-，则检验反应生成的亚铁离子可以选用K3Fe（CN）6溶液或盐酸酸化的BaCl2故答案为：bd；（6）Cu2O和Cu为红色固体，根据题意Cu2O和硫酸反应生成Cu2+和Cu，而Cu不和稀硫酸反应，Cu2O和Cu都能与硝酸反应生成硝酸铜蓝色溶液，则验证固体产物中是否有Cu2O，可用Cu2+的颜色来区别，若溶液变为蓝色证明有Cu2O存在；硝酸可以溶解Cu及其氧化物得到蓝色溶液，不可行；氢气可以把