2021-2022学年江苏省扬州市江都高徐中学高三物理测试题含解析

1、2021-2022学年江苏省扬州市江都高徐中学高三物理测试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. （单选）目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它运转，其中一些卫星的轨道可近似为圆，且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和稀薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是（ ）A卫星的动能逐渐减小 B由于地球引力做正功，引力势能一定减小C由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变 D卫星克服气体阻力做的功等于引力势能的减小参考答案：B 卫星轨道半径逐渐减小，线速度可认为依然满足，则卫星的动能逐渐增大，A错误。由于，则引

2、力势能减小，B正确。由于，有非重力做功，则机械能不守恒，C错误。由，所以，可知D错误。2. 关于波动，下列说法正确的是（）A各种波均会发生偏振现象B用白光做单缝衍射与双缝干涉实验，均可看到彩色条纹C声波传播过程中，介质中质点的运动速度等于声波的传播速度D电磁波按波长由长到短的顺序是：红外线、无线电波、y射线、紫外线参考答案：B解：A、只有横波才能发生偏振现象，故A错误；B、用白光做单缝衍射与双缝衍射，都可以观察到彩色条纹，故B正确；C、声波在传播过程中，介质中质点的速度并不等于声波的传播速度，故C错误；D、无电磁波按波长由长到短的顺序是：无线电波、红外线、可见光、紫外线、X射线和射线，故D错误

3、故选B3. （单选）以不同初速度将两个物体同时竖直向上抛出并开始计时，一个物体所受空气阻力可忽略，另一物体所受空气阻力大小与物体速率成正比，下列用虚线和实线描述两物体运动的vt图象可能正确的是（）ABCD参考答案：解：没有空气阻力时，物体只受重力，是竖直上抛运动，vt图象是直线；有空气阻力时，上升阶段，根据牛顿第二定律，有：mg+f=ma，故a=g+，由于阻力随着速度而减小，故加速度逐渐减小，最小值为g；有空气阻力时，下降阶段，根据牛顿第二定律，有：mgf=ma，故a=g，由于阻力随着速度而增大，故加速度减小；vt图象的斜率表示加速度，故图线与t轴的交点对应时刻的加速度为g，切线与虚线平行；故

4、选：D4. （2014秋?崂山区校级期中）一物体做匀减速直线运动，初速度大小为10m/s，加速度大小为1m/s2，则物体在停止运动前2s内的平均速度大小为（）A1m/sB5.5m/sC5m/sD0.5m/s参考答案：A解：物体在最后2s的位移x=at2=122=2m；则最后2s的平均速度为=1m/s；故选：A5. （单选）如图所示，质量相等的A、B两小球分别连在轻绳两端，A球的一端与轻弹簧相连，弹簧的另一端固定在倾角为30的光滑斜面顶端，重力加速度大小为g下列说法正确的是（）A剪断轻绳的瞬间，A的加速度为零，B的加速度大小为gB剪断轻绳的瞬间，A、B的加速度大小均为gC剪断轻绳的瞬间，A、B的

5、加速度均为零D剪断轻绳的瞬间，A的加速度为零，B的加速度大小为g参考答案：考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用专题：牛顿运动定律综合专题分析：对整体分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，剪断轻绳的瞬间，弹簧的弹力不变，隔离对A、B分析，运用牛顿第二定律求出A、B的加速度大小解答：解：设小球的质量为m，对整体分析，弹簧的弹力F=2mgsin30=mg，剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，对A分析，B的加速度为：，故B正确，A、C、D错误故选：B点评：本题考查了牛顿第二定律的瞬时问题，抓住剪断细线的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解，基础题二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计

6、16分6. 一列有8节车厢的动车组列车，沿列车前进方向看，每两节车厢中有一节自带动力的车厢（动车）和一节不带动力的车厢（拖车）该动车组列车在水平铁轨上匀加速行驶时，设每节动车的动力装置均提供大小为F的牵引力，每节车厢所受的阻力均为f，每节车厢总质量均为m，则第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为 参考答案：0【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用【分析】以整体为研究对象，根据牛顿第二定律可得加速度；再以前4节车厢为研究对象求解第4节车厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小【解答】解：整体受到的牵引力为4F，阻力为8f，根据牛顿第二定律可得加速度为：a=；设第4节车

7、厢与第5节车厢水平连接装置之间的相互作用力大小为T，以前面4节车厢为研究对象，根据牛顿第二定律可得：2F4fT=4ma，即：2F4fT=4m，解得T=0，故答案为：07. 如图，ABCD是一个正方形的匀强磁场区域，经相等加速电压加速后的甲、乙两种带电粒子分别从A、D射入磁场，均从C点射出，则它们的速率 ，它们通过该磁场所用时间 。参考答案：8. 在测定匀变速直线运动加速度的实验中，选定一条纸带如图所示，每相邻两个记数点之间有四个点未打出，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点，电源频率为50HZ测得：x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.3

8、9cm，x6=3.87cm（1）在计时器打出点4时，小车的速度为：v4=0.314m/s（2）该匀变速直线运动的加速度的大小a=0.496m/s2（结果均保留三位有效数字）参考答案：考点：测定匀变速直线运动的加速度版权所有专题：实验题；直线运动规律专题分析：根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小解答：解：电源频率为50Hz，打点时间间隔是0.02s，由于两相邻计数点间有四个点未画出，相邻计数点间的时间间隔t=0.025=0.1s，匀变速直线运动某段时间内的平均速度等于该段时间

9、中间时刻的瞬时速度，在计时器打出点4时，小车的速度为：v4=0.314m/s；由匀变速直线运动的推论公式：x=at2可知，加速度的大小：a=0.496m/s2，故答案为：0.314；0.4969. 利用 粒子散射实验最早提出原子核式结构模型的科学家是 ；他还利用 粒子轰击（氮核）生成和另一种粒子，写出该核反应方程 参考答案：10. (1)我们已经知道，物体的加速度（a）同时跟合外力（F）和质量（M）两个因素有关。要研究这三个物理量之间的定量关系的思想方法是 （2）某同学的实验方案如图所示，她想用砂桶的重力表示小车受到的合外力F，为了减少这种做法而带来的实验误差，她先做了两方面的调整措施：a：用

10、小木块将长木板无滑轮的一端垫高，目的是 。b：使砂桶的质量远小于小车的质量，目的是使拉小车的力近似等于 。（3）该同学利用实验中打出的纸带求加速度时，处理方案有两种：A、利用公式计算；B、根据利用逐差法计算。两种方案中，你认为选择方案_比较合理。（4）下表是该同学在 “保持小车质量M不变，探究a与F的关系”时记录了实验数据，且已将数据在下面的坐标系中描点，做出a-F图像；由图线求出小车的质量等于 kg（保留二位有效数字）参考答案：（1）控制变量法;（或先保持M不变，研究a与F的关系；再保持F不变，研究a与M的关系）；（2）a.平衡摩擦力；b.砂桶的重力 ；（3）B ；（4）0.49Kg0.50

11、Kg ；11. 某双星由质量不等的星体S1和S2构成，两星在相互之间的万有引力作用下绕两者连线上某一定点C做匀速圆周运动。由天文观察测得其运动的周期为T，S1到C点的距离为r1，S1和S2的距离为r，已知万有引力常量为G，由此可求得S1和S2的线速度之比 v1：v2_，S2的质量为_。参考答案：；12. 如图所示，一个半径为R的透明球体放置在水平面上，一束光从A点沿水平方向射入球体后经B点射出，最后射到水平面上的C点。已知，该球体对光的折射率为，则它从球面射出时的出射角 ；在透明体中的速度大小为 （结果保留两位有效数字）（已知光在的速度c3108ms）参考答案：13. 下面（a）（b）（c）实

12、例中，不计空气阻力：（a）物体沿光滑曲面下滑；（b）物体以一定初速度上抛； （c）物体沿斜面匀速下滑。上述三例中机械能不守恒的是（用字母表示）。若质量为m的物体以0.9g的加速度竖直减速下落h高度，则物体的机械能减少了。参考答案： C1.9mgh三、 简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. (3-5模块) (5分) 有两个质量为m的均处于基态的氢原子A、B，A静止，B以速度v0与之发生碰撞己知：碰撞前后二者的速度均在一条直线上，碰撞过程中部分动能有可能被某一氢原子吸收。从而该原子由基态跃迁到激发态，然后，此原子向低能级态跃迁，并发出光子如欲碰后发出一个光子，则速度v0至少需要多大

13、？己知氢原子的基态能量为E1 (E10)。参考答案：解析：，-(1分)，-(1分)，-(1分)-(2分)15. （09年大连24中质检）（选修35）（5分）如图在光滑的水平桌面上放一个长木板A，其上放有一个滑块B，已知木板和滑块的质量均为m=0.8 kg，滑块与木板间的动摩擦因数=0.4，开始时A静止，滑块B以V=4ms向右的初速度滑上A板，如图所示，B恰滑到A板的右端，求：说明B恰滑到A板的右端的理由?A板至少多长?参考答案：解析：因为B做匀减速运动，A做匀加速运动，A，B达到共同速度V1时，B恰滑到A板的右端 （2分） 根据动量守恒 mv=2mv1（1分） v1=2m/s 设A板长为L，根

14、据能量守恒定律 （1分） L=1m四、计算题：本题共3小题，共计47分16. 静止的锂核63Li俘获一个速度为8106 m/s的中子，发生核反应后若只产生了两个新粒子，其中一个粒子为氦核42He，它的速度大小是8106 m/s，方向与反应前的中子速度方向相同，求反应后产生的另一个粒子的速度。参考答案：完成此核反应的方程式：63Li+10n42He+31H由动量守恒定律可知：mv1=4mv2+3mv3v3=-8106 m/s即：反应后所产生的另一个粒子的速度大小为8106 m/s，方向与反应前的中子速度方向相反。1分17. 如图所示，两块平行金属极板MN水平放置，板长L = 1 m间距d =m，

15、两金属板间电压UMN= 1104V；在平行金属板右侧依次存在ABC和FGH两个全等的正三角形区域，正三角形ABC内存在垂直纸面向里的匀强磁场B1，三角形的上顶点A与上金属板M平齐，BC边与金属板平行，AB边的中点P恰好在下金属板N的右端点；正三角形FGH内存在垂直纸面向外的匀强磁场B2，已知A、F、G处于同一直线上B、C、H也处于同一直线上AF两点距离为m。现从平行金属极板MN左端沿中心轴线方向入射一个重力不计的带电粒子，粒子质量m = 310-10kg，带电量q = +110-4C，初速度v0= 1105m/s。(1)求带电粒子从电场中射出时的速度v的大小和方向(2)若带电粒子进入中间三角形

16、区域后垂直打在AC边上，求该区域的磁感应强度B1(3)若要使带电粒子由FH边界进入FGH区域并能再次回到FH界面，求B2应满足的条件。参考答案：（1）；垂直于AB方向出射（2）（3）试题分析：（1）设带电粒子在电场中做类平抛运动时间为t，加速度为a，则：解得：竖直方向的速度为：vyat105m/s射出时速度为：速度v与水平方向夹角为，故=30，即垂直于AB方向出射（2）带电粒子出电场时竖直方向的偏转的位移，即粒子由P1点垂直AB射入磁场，由几何关系知在磁场ABC区域内做圆周运动的半径为由知：（3）分析知当轨迹与边界GH相切时，对应磁感应强度B2最大，运动轨迹如图所示：由几何关系得：故半径又故所

17、以B2应满足的条件为大于考点：带电粒子在匀强磁场中的运动.18. 如图所示，长L=8 cm的两平行金属板A、B，两板间距离d=8 cm，A板比B板电势高300V。一带正电的粒子电荷量q=10-10 C,质量m =10-20 kg，沿电场中心线RO垂直电场线飞入电场,初速度v0=2106 m/s，粒子飞出平行板电场后经过界面MN、PS间的无电场区域后,进入固定在O点的点电荷Q形成的电场区域，(设界面PS右边点电荷的电场分布不受界面的影响)。已知两界面MN、PS相距L=12 cm，D是中心线RO与界面PS的交点，O点在中心线上，粒子穿过界面PS后绕固定在O点的点电荷做匀速圆周运动，最后打在放置于中心线上的荧光屏bc上。(静电力常量k=9.0109 Nm2/C2)（1）在图上粗略画出粒子运动的轨迹；（2）粒子穿过界面MN时偏离中心线RO的距离y和到达PS界面时离D点的距离Y分别是多少?（3）确定点电荷Q的电性并求其电荷量的大小。参考答案：（1）第一段抛物线，第二段直线，第三段圆弧 2分（2）设粒子从电场中飞出时的侧