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文档简介
1、2021-2022高二下数学模拟试卷注意事项:1答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题
2、卡一并交回。一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1已知的展开式中各项系数和为2,则其展开式中含项的系数是( )A-40B-20C20D402已知O为坐标原点,双曲线C:的右焦点为F,焦距为,C的一条渐近线被以F为圆心,OF为半径的圆F所截得的弦长为2,则C的方程是( )ABCD3已知满足,则的取值范围为( )ABCD4若函数的导函数的图像关于轴对称,则的解析式可能为ABCD5曲线对称的曲线的极坐标方程是( )ABCD6从甲、乙、丙、丁四人中选取两人参加某项活动,则甲、乙两人有且仅有一人入选的概率为( )ABCD7在直角坐标系中,
3、以为极点,轴正半轴为极轴,建立极坐标系,直线的参数方程为(为参数),曲线的方程为,直线与曲线相交于两点,当的面积最大时,( )ABCD8对于一个数的三次方,我们可以分解为若干个数字的和如下所示:,根据上述规律,的分解式中,等号右边的所有数的个位数之和为()A71B75C83D889设是等差数列.下列结论中正确的是( )A若,则B若,则C若,则D若,则10甲、乙、丙、丁四人参加驾校科目二考试,考完后,甲说:我没有通过,但丙已通过;乙说:丁已通过;丙说:乙没有通过,但丁已通过;丁说:我没有通过若四人所说中有且只有一个人说谎,则科目二考试通过的是( )A甲和丁B乙和丙C丙和丁D甲和丙11在第二届乌镇
4、互联网大会中, 为了提高安保的级别同时又为了方便接待,现将其中的五个参会国的人员安排酒店住宿,这五个参会国要在、三家酒店选择一家,且每家酒店至少有一个参会国入住,则这样的安排方法共有A种B种C种D种12已知命题对,成立,则在上为增函数;命题,则下列命题为真命题的是( )ABCD二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分。13若正实数满足,则的最小值为_ 14已知双曲线的左右焦点分别为、,点在双曲线上,点的坐标为,且到直线,的距离相等,则 _15已知数列的前项和为,则_.16设,则的展开式中的常数项为_三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17(12分)已知复数,其中
5、i为虚数单位.(1)若复数z是实数,求实数m的值;(2)若复数z是纯虚数,求实数m的值.18(12分)将下列参数方程化为普通方程:(1)(为参数);(2)(为参数).19(12分)已知命题:“曲线表示焦点在轴上的椭圆”,命题:不等式对于任意恒成立.(1)若命题为真命题,求实数的取值范围;(2)若命题为真,为假,求实数的取值范围.20(12分)已知等比数列各项都是正数,其中,成等差数列,.求数列的通项公式;记数列的前项和为,求数列的前项和.21(12分)如图,一条小河岸边有相距的两个村庄(村庄视为岸边上两点),在小河另一侧有一集镇(集镇视为点),到岸边的距离为,河宽为,通过测量可知,与的正切值之
6、比为当地政府为方便村民出行,拟在小河上建一座桥(分别为两岸上的点,且垂直河岸,在的左侧),建桥要求:两村所有人到集镇所走距离之和最短,已知两村的人口数分别是人、人,假设一年中每人去集镇的次数均为次设(小河河岸视为两条平行直线)(1)记为一年中两村所有人到集镇所走距离之和,试用表示;(2)试确定的余弦值,使得最小,从而符合建桥要求22(10分)如图,在侧棱垂直于底面的三棱柱中, 为侧面的对角线的交点, 分别为棱的中点.(1)求证:平面/平面;(2)求二面角的余弦值.参考答案一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由题意先
7、求得a1,再把(2x+a)5按照二项式定理展开,即可得含x3项的系数【详解】令x1,可得(x+1)(2x+a)5的展开式中各项系数和为2(2+a)52,a1二项式(x+1)(2x+a)5 (x+1)(2x1)5(x+1)(32x580 x4+80 x340 x2+10 x1),故展开式中含x3项的系数是40+8040故选D【点睛】本题主要考查二项式定理的应用,二项展开式的通项公式,二项式系数的性质,属于基础题2、A【解析】根据点到直线的距离公式,可求出点F到渐近线的距离刚好为,由圆的知识列出方程,通过焦距为,求出,即可得到双曲线方程【详解】为坐标原点,双曲线的右焦点为,焦距为,可得,的一条渐近
8、线被以为圆心,为半径的圆所截得的弦长为2,因为点F到渐近线的距离刚好为,所以可得即有,则,所以双曲线方程为:故选【点睛】本题主要考查双曲线的简单性质的应用以及双曲线方程的求法,意在考查学生的数学运算能力3、D【解析】 由题意,令,所以,所以,因为,所以 所以 所以,故选D.4、C【解析】依次对选项求导,再判断导数的奇偶性即可得到答案。【详解】对于A,由可得,则为奇函数,关于原点对称;故A不满足题意;对于B,由可得,则,所以为非奇非偶函数,不关于轴对称,故B不满足题意;对于C,由可得,则为偶函数,关于轴对称,故C满足题意,正确;对于D,由可得,则,所以为非奇非偶函数,不关于轴对称,故D不满足题意
9、;故答案选C【点睛】本题主要考查导数的求法,奇偶函数的判定,属于基础题。5、A【解析】先把两曲线极坐标方程化为普通方程,求得对称曲线,再转化为极坐标方程。【详解】化为标准方程可知曲线为,曲线为,所以对称直线为,化为极坐标方程为,选A.【点睛】由直角坐标与极坐标互换公式,利用这个公式可以实现直角坐标与极坐标的相互转化。6、B【解析】算出总的个数和满足所求事件的个数即可【详解】从甲、乙、丙、丁四人中选取两人参加某项活动,总共有种情况其中满足甲乙两人仅有一人入选的有种情况所以甲、乙两人有且仅有一人入选的概率为故选:B【点睛】本题考查了古典概型的求法,组合问题的简单应用,属于基础题7、D【解析】先将直
10、线直线与曲线转化为普通方程,结合图形分析可得,要使的面积最大,即要为直角,从而求解出。【详解】解:因为曲线的方程为,两边同时乘以,可得,所以曲线的普通方程为,曲线是以为圆心,2为半径的上半个圆.因为直线的参数方程为(为参数),所以直线的普通方程为,因为,所以当为直角时的面积最大,此时到直线的距离 ,因为直线与轴交于,所以,于是,所以,故选D。【点睛】本题考查了曲线的参数方程、极坐标方程与普通方程之间的互化,同时考查了直线与圆的位置关系,数形结合是本题的核心思想。8、C【解析】观察可知,等式右边的数为正奇数,故在之前,总共使用了个正奇数,因此,故所有数的个位数之和为83.【详解】观察可知,等式右
11、边的数为正奇数,故在之前,总共使用了个正奇数,所以的分解式中第一个数为,最后一个是,因此,所有数的个位数之和为83,故选C。【点睛】本题主要考查学生的归纳推理能力。9、C【解析】先分析四个答案,A举一反例,而,A错误,B举同样反例,而,B错误,D选项,故D错,下面针对C进行研究,是等差数列,若,则设公差为,则,数列各项均为正,由于,则,故选C.考点:本题考点为等差数列及作差比较法,以等差数列为载体,考查不等关系问题,重 点是对知识本质的考查.10、C【解析】逐一验证,甲、乙、丙、丁说谎的情况,可得结果.【详解】若甲说谎,则可知丁通过,但丁说没通过,故矛盾若乙说谎则可知丁没有通过,但丙说丁通过,
12、故矛盾若丙说谎则可知丁通过,但丁说没有通过,故矛盾若丁说谎,则可知丙、丁通过了科目二所以说谎的人是丁故选:C【点睛】本题考查论证推理,考验逻辑推理以及阅读理解的能力,属基础题.11、D【解析】根据题意,分2步进行分析:把5个个参会国的人员分成三组,一种是按照1、1、3;另一种是1、2、2;由组合数公式可得分组的方法数目,将分好的三组对应三家酒店;由分步计数原理计算可得答案【详解】根据题意,分2步进行分析:、五个参会国要在a、b、c三家酒店选择一家,且这三家至少有一个参会国入住,可以把5个国家人分成三组,一种是按照1、1、3;另一种是1、2、2当按照1、1、3来分时共有C53=10种分组方法;当
13、按照1、2、2来分时共有 种分组方法;则一共有 种分组方法;、将分好的三组对应三家酒店,有 种对应方法;则安排方法共有 种;故选D【点睛】本题考查排列组合的应用,涉及分类、分步计数原理的应用,对于复杂一点的计数问题,有时分类以后,每类方法并不都是一步完成的,必须在分类后又分步,综合利用两个原理解决12、B【解析】根据函数的性质分别判断命题的真假再判断各选项的真假即可.【详解】命题当时,因为故;当时,因为故;故随的增大而增大.故命题为真.命题,因为.故命题为假命题.故为真命题.故选:B【点睛】本题主要考查了命题真假的判定与函数的性质运用,属于基础题.二、填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分
14、。13、9【解析】根据,展开后利用基本不等式求最值.【详解】 等号成立的条件是,即,解得: 的最小值是9.【点睛】本题考查了基本不等式求最值的问题,属于简单题型.基本不等式求最值,需满足“一正,二定,三相等”,这三个要素缺一不可.14、1【解析】画出图形,根据到直线,的距离相等得到为的平分线,然后根据角平分线的性质得到,再根据双曲线的定义可求得【详解】由题意得,点A在双曲线的右支上,又点的坐标为,画出图形如图所示,垂足分别为,由题意得,为的平分线,即又,故答案为1【点睛】本题考查双曲线的定义和三角形角平分线的性质,解题的关键是认真分析题意,从平面几何图形的性质得到线段的比例关系,考查分析和解决
15、问题的能力,属于中档题15、【解析】利用已知条件求出数列前项的和以及前项的和,然后求解即可.【详解】解:由数列的前项和为,可得,则.故答案为:.【点睛】本题考查数列的递推关系式的应用,考查转化思想以及计算能力,属于基础题.16、-160.【解析】 由, 所以二项式展开式的常数项为.三、解答题:共70分。解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)或;(2).【解析】(1)由实数定义可知虚部为零,由此构造方程求得结果;(2)由纯虚数定义可知实部为零且虚部不为零,由此构造方程求得结果.【详解】(1)令,解得:或 当或时,复数是实数(2)令,解得:或又,即:且 当时,复数是纯虚数【点睛】本题
16、考查根据复数的类型求解参数值的问题,关键是熟练掌握实数和纯虚数的定义;易错点是在复数为纯虚数时,忽略的要求,造成求解错误.18、(1);(2).【解析】试题分析:(1)分别分离处参数中的,根据同角三角函数的基本关系式,即可消去参数得到普通方程;(2)由参数方程中求出,代入整理即可得到其普通方程.试题解析:(1),两边平方相加,得,即.(2),由代入,得,.考点:曲线的参数方程与普通方程的互化.19、(1).【解析】(1)由命题得命题由命题为真,得为真命题或为真命题,列m的不等式求解即可;(2)由命题为真,为假判断均为真命题或均为假命题,分情况列出m的不等式组求解即可.【详解】,(1)由于为真命
17、题,故为真命题或为真命题,从而有或,即.(2)由于为真命题,为假命题,所以均为真命题或均为假命题,从而有或,解得即:.【点睛】本题考查命题真假,注意命题p焦点在y轴上审题要注意,对于命题p,q的真假判断要准确.20、; .【解析】等比数列各项都是正数,设公比为,运用等比数列通项公式和等差数列中项性质,解方程可得首项和公比,即可得到所求通项;,即,再利用裂项相消法求解即可.【详解】解:设等比数列的公比为,由已知得,即.,解得. 由已知得,的前n项和【点睛】本题考查等比数列和等差数列的通项公式的运用,考查方程思想和运算能力,考查数列的求和方法,裂项相消求和法,属于中档题.21、(1),;(2)当时,符合建桥要求.【解析】(1)利用正切值之比可求得,;根据可表示出和,代入整理可得结果;(2)根据(1)的结论可得,利用导数可求得时,取得最小值,得到结论.【详解】(1)与的正切值之比为 则, ,(2)由(1)知:,令,解得:令,且当时,;当时,函数在上单调递减;在上单调递增;时,函数取最小值,即当时,符合建桥要求【点睛】本题考查函数解析式和最值的求解问题,关键是能够通过根据题意建立起所求函数和变量之间的关系,利用导数来研究函
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