高一物理第一学期12月月月考考试卷

1、高一物理第一学期12月月月考考试卷一、选择题.当汽车做匀变速直线运动时（）A.在相等的时间内位置变化相同B.在相等的时间内速度变化相等C.速度大小不断改变，方向一定不变D,加速度大小不断改变，方向一定不变.下列说法正确的是A.物体的惯性大小只与本身的质量有关，质量大的物体惯性大，质量小的物体惯性小B.同一物体在地球上不同的位置受到的重力是不同的，所以它的惯性也随位置的变化而变 化C. 一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球运动过程中受到了向上的推力D.运动越快的汽车越不容易停下来，是因为汽车运动得越快，惯性越大.如图所示，一定质量的物体用轻绳相悬挂于天花板上，用水平向左的力尸缓慢拉动绳

2、 的中点0，用7表示绳曲段拉力的大小，在。点向左移动的过程中C.尸逐渐变小，T不变D.尸逐渐变小，7逐渐变小.将一小球以5m/s的速度水平抛出，经过1s小球落地，不计空气阻力g=10m/C.关于 这段时间小球的运动，下列说法正确的是（）A.小球着地速度是10m/5B.小球竖直方向的位移是10mC.小球着地速度是5m/sD.小球水平方向位移是5m.如图是力学中的两个实验装置，其中包含相同物理思想方法是（）显示桌面受力形竟显示玻璃瓶受力形变显示桌面受力形竟显示玻璃瓶受力形变A.极限的思想方法B.放大的思想方法C,控制变量的方法D.猜想的思想方法.通过理想斜而实验得出力不是维持物体运动的原因的科学家

3、是A.亚里士多德 B.伽利略C.阿基米德D.牛顿.如图所示，物体A和B受到的重力分别为10N和8N,不计弹黄秤和细线的重力和一切 摩擦，则弹簧秤的读数为（）A. 18NB. 8NC. 2ND. 10N8.中华民族的优秀文化博大精深，其中古典诗词是优秀文化的代表.从物理角度看古诗词 会发现别有一番韵味.下而四句诗词中涉及惯性知识的是A.毛泽东的长征中红军不怕远征难，万水千山只等闲”.唐朝李白的早发白帝城中“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还“C.宋代陈与义的爽邑道中中“卧看满天云不动，不知云与我俱东”D.明代冯梦龙的醒世恒言中“临崖立马收缰晚，船到江心补漏迟”.物理学发展史上，有一位科学家开创了实验

4、与逻辑推理相结合的科学研窕方法，并研究 了落体运动的规律，这位科学家是（）A.伽利略B.牛顿C.亚里士多德D.笛卡尔.关于加速度a的方向，下列说法中正确的是Au _A.由。= 可知，加速度a的方向与速度增量Av的方向可能相反*B.加速度a的方向与初速度V。的方向相同C.如果物体的加速度a的方向与初速度0的方向相同，则物体做加速运动D.只要加速度a0,物体就做加速运动.下列物理量中，属于矢量的有（）A.路程B.时间C.加速度D.质量.如图所示是打点计时器记录物体运动的四条纸带，物体最可能做匀变速直线运动的是（）A.纸带1B,纸带2C.纸带3D.纸带4.下列说法正确的是（）A.高速行独的公共汽车紧

5、急刹车时，乘客都要向前倾倒，说明乘客受到惯性力的作用B.短跑运动员最后冲刺时，速度很大，很难停下来，说明速度越大，惯性越大C.惯性的大小仅与质量有关，质量越大，惯性越大.D.把手中的球由静止释放后，球能竖直下落，是由于球具有惯性的缘故14.如图所示，轻弹簧的两端各受10N的拉力F作用，弹簧平衡时伸长了 5cm （在弹性限 度内），那么下列说法中正确的是FFA.该弹簧的劲度系数k=200N/mB.该弹簧的劲度系数k=400NmC.根据公式上,弹簧的劲度系数k会随弹簧弹力F的增大而增大 XD.弹簧的弹力为20N.汽车以20m/s的速度做匀速直线运动。刹车后的加速度大小为5m/s2。那么刹车后2s

6、内与刹车后6s内汽车通过的位移之比为（）A. 1： 1B, 1： 3C. 3： 4D. 5： 21.关于速度和加速度，下列说法正确的是（）A,物体的速度变化越大，加速度越大B.加速度为零的物体，速度一定为零C.物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同D.物体的加速度方向变化时，速度的方向也要发生变化17.如图所示，相隔一定距离的两个相同的圆柱体A 8固定在等高的水平线上，一轻绳 套在两圆柱体上，轻绳下端悬挂一重物，不计轻绳和圆柱体间的摩擦。当重物一定时，若B.绳中的弹力越大C.圆柱体4受到的绳子作用力越大D.圆柱体A受到的绳子作用力不变.运动的小车所受的合外力越大时（）A.它的速度也越大B.

7、它的位移也越大C.它的速度变化也越快D.它的速度变化也越大.个人混合泳是奥运会游泳项目之一，要求运动员在泳道用四种不同的姿势来回游完全 程，完成比赛，如图。如要取得好的成绩，下列物理量中哪个是最关键的（）A,全程的平均速度B.全程的平均速率C.终点撞线时的速度D.中间转身时的速度.如图，一匀质木棒，搁置于台阶上保持静止，下图关于木棒所受的弹力的示意图中正 确的是A.A.二、多选题.如图，倾角2 = 30的光滑斜而上甲，乙两个物块用轻弹簧连接，用平行斜而向上的 拉力F拉甲物块，使甲、乙两物块一起沿斜而向上做匀速运动，两物块的质量均为m,重 力加速度为g，下列说法正确的是A.拉力的大小为mgB.弹

8、簧弹力大小为mgC.撤去拉力F瞬间，两物体的加速度大小相等D.撤去拉力F瞬间，乙的加速度为零，甲的加速度大小为g.如图甲为应用于机场和火车站的安全检查仪，其传送装置可简化为如图乙所示的模 型。紧绷的传送带始终保持v = 0.4 m/s的恒定速率运行，行李与传送带之间的动摩擦因数 =0.2, A、B间的距离为2 m, g取lOm/s?。旅客把行李（可视为质点）无初速度地放在 A处，则下列说法正确的是（）甲乙A.开始时行李的加速度大小为2 m/s2B.行李经过2 s到达B处C.行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度为0.08 mD.若传送带速度足够大，行李最快也要也s才能到达B处.如图所示，滑雪轨道是由

9、斜直轨道48和水平轨道8c组成，运动员经过8点前后速度 大小不变，GO时运动员从八点由静止开始匀加速下滑，通过8点后，做匀减速滑动，最 后停在C点。若运动员在第3s末和第6s末速度大小均为6m/s,第8s末速度大小为 4m/s,则A.运动员在第3.5s末已经过8点B.运动员在运动过程中的最大速度为8m/sC.运动员从入到C的平均速率为5m/sD.运动员在第12s末恰好停在C点24.在汽车的维修中，千斤顶发挥了很大作用，图中分别为剪式千斤顶的实物图和示意 图。当摇动把手时，螺纹轴迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起。当汽车刚被顶起 时，若已知汽车对千斤顶的压力为4.0 x104n,且千斤顶两臂间

10、的夹角恰为120。，则( )A.此时千斤顶对汽车的支持力为4.0 x104nB.此时两臂受到的压力大小各为2Qx104nC.若摇动把手把车继续往上顶，两臂受到的压力将减小D.若摇动把手把车继续往上顶，两臂受到的压力将不变25.如图所示，质量均为1kg的木块A和8,由一个劲度系数为100N/m的轻质弹簧连 接，最初系统静止，现用力竖直向上缓慢拉A直到8刚好离开地面，下列说法正确的是(整个过程弹簧都在弹性限度内，g取lOm/s?)()A.最初系统静止时，弹簧处于原长状态8木块刚离开地面时，受到的弹簧弹力和重力恰好大小相等8木块刚离开地面时，弹簧相对于原长伸长了 10cmD.初始状态和末状态，弹簧的

11、弹力大小不相等26.在“和平使命-2014联合军演”的“垂直截击行动”中，中国空降兵某部的一名伞兵 从高空静止的直升飞机上跳下，在。时刻打开降落伞，在3%时刻以速度着地。他运动 的速度随时间变化的规律如图所示.下列结论正确的是（）A.在。时间内加速度不变，在23%时间内加速度减小B.降落伞打开后，降落伞和伞兵所受的阻力越来越小C.在103fo的时间内，平均速度D.若第一个伞兵打开降落伞时第二个伞兵立即跳下，则他们在空中的距离先增大后减小三、实验题27.某次探究加速度a跟物体所受的合外力F和质量m的关系”时，实验如下.下列做法正确的是（填字母代号）A调行滑轮的高度，使牵引木块的细绳与长木板保持平

12、行 8.在调行木板倾斜角度平衡木块受到的滑动摩擦力时，将装有硅码的硅码桶通过定滑轮拴在木块上C.实验时，先放开木块再接通打点计时器的电源D.通过增减木块上的祛码改变质量时，不需重新调节木板倾角图甲为实验装置图。图乙为某次实验得到的一段纸带，计数点4、8、C、。、E间的时间 间隔为0.1 s,根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s?（结果保留两位有效数字）保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，进行多次测量。根据实验数据作出了加速度。 随拉力F的变化图线如图所示。图中直线没有通过原点，其主要原因是保持砂和砂桶质量不变，改变小车中硅码质量，进行多次测量，得到小车加速度。、质量m及其对应的的数据如表中

13、所示: m实验次数12345678车加速度实验次数12345678车加速度“On/2）1.901.721.491.251.000.750.500.30车和法码质量nj/lg0250 ?。0 -0400 500711 001 67白广4.003.153.032.502.001.411.000.600.5()I.SOR(ms1.02.0 3.0.在图示的坐标纸中画出物体的。一,图线m根据作出的。一,图象可以得到的结论是： m小车打点计时器甲.用图所示装置探究加速度与力、质量的关系”.设小车和硅码的总质量为M,砂和砂 桶的总质量为某同学用如图中所示装置进行实验，打点计时器所用电源的频率为50 Hz.

14、重物通过跨过滑轮的细线与小车相连.请思考并完成相关内容：小车打点计时器甲pBCDE1 ）卜 337 44 38 电 5.20 卜 5,% ）（单位;cm）乙本实验应用的实验方法是（）A,控制变量法B.假设法C.理想实验法D .等效替代法实验时，为平衡摩擦力，以下操作正确的是（）A.连着砂桶，适当调整木板右端的高度，直到小车被轻推后沿木板匀速运动直到小车缓慢沿木板做直线运动 直到小车被轻推后沿木板匀速运动 直到小车缓慢沿木板做直线运动B .连着砂桶，适当调整木板右端的高度, C.取下砂桶，适当调整木板右端的高度, D .取下砂桶，适当调整木板右端的高度,直到小车缓慢沿木板做直线运动 直到小车被轻

15、推后沿木板匀速运动 直到小车缓慢沿木板做直线运动平衡摩擦力后，实验中打出的其中一条纸带如图乙所示（两相邻计数点间还有四个点没 有画出），由该纸带可求得小车的加速度。=m为2 （结果保留三位有效数字） 在此实验中，由于没有考虑m和M应满足的的关系，结果的图象应该是哪一幅？. “用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图所示。实验中通过增加钩码的数 量，多次测量，可得小车运动动的加速度。和所受执力下的关系图像，如图（b）所示小车上安装的是位移传感器的 部分（选填“接收器”或“发射器”）轨道水平放置，安装好实验装置，调在所挂的小钩码数量，当DIS软件的v-t图出现一 条水平直线时，表明小车做 运动

16、，描述此时小车水平方向的受力情况从图像中分析，小车与轨道的滑动摩擦力r N,小车（包括部分位移传感器）的质量为 kgo.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如留甲所示的装置，打点计 时器使用的交流电频率为50Hzo打点 小隼计时器门纸带沙桶u甲（1）该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图乙所示，自4点起，相邻两 点的距离分别为10.0mm、12.0mmx 14.0mm、16.0mm、18.0mm,则打E点时小车的速度 为 m/s,小车的加速度为 m/s2o （结果保留两位有效数字）（2）该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持 不变；若该同学要探究加速度。和

17、拉力F的关系，应该保持 不变。（3）该同学通过数据的处理作出了 a-F图像，如图丙所示，则图中直线不过原点的原因 可能是 “.通过打点计时器在纸带上打出的点迹，可以记录纸带的运动时间.如把纸带左端和运 动的物体连在一起纸带上的相应点表示运动物体在不同时刻的位置.研究纸带上的点与点 之间的间隔，了解，运动物体在不同时间产生的位移，从而了解物体的运动情况.请用简 洁的语言描述如图每条纸带的物体的运动情况.某课外兴趣小组做“探究求合力的方法”实验，步骤如下:解析：解析：A在弹簧测力计的下端悬挂一重物M,记下重物静止时弹簧测力计的示数F.将贴有白纸的木板竖直放置，三个细线套一端共系于一个结点，另一端分

18、别系于弹簧测 力计4、8和重物M上，测力计A挂于固定点P,手持测力计8的端拉动细线，使结点静 止于0点，如图所示。记录下。点位置、两个测力计示数反、气及。本实验用的 弹簧测力计示数的单位为N,图中弹簧测力计B的示数只为 N.在白纸上按一定标度作出人打、弓的图示，根据平行四边形定则作出尸心的合力 尸的图示，若，则平行四边形定则得到验证。本实验中采用的科学方法是.A.理想实验法B.等效替代法C,控制变量法D.建立物理模型法(5)关于本实验，下列做法合理的是.A.三根细线必须等长B.要使两弹簧测力计的读数非常接近C.每次实验时弹簧测力计8始终保持水平D.使弹簧测力计、细线都位于竖直平面内四、解答题.

19、 一人在井下站在吊台上，用如图所示的定滑轮装置拉绳把吊台和自己提升上来。图中 跨过滑轮的两段绳都认为是竖直的且不计摩擦。吊台的质量m=15kg,人的质量为 M=55kg,起动时吊台向上的加速度是a=0.2m/s2,求这时人对吊台的压力。.如图所示，长$=5m、倾斜角加37。的斜面通过一小段光滑圆弧与水平传送带和水平地 而平滑连接，传送带长L=1.6m,以恒定速率v=4m/s逆时针运行，将一可看成质点的物块 轻轻地放在传送带右端A上，物块滑到传送带左端B时恰好与传送带共速并沿斜而下滑。 已知物块和传送带、斜而、水平地而间的动摩擦因数相同，物块最终静止在水平地而上（1）下滑过程中的最大速度；（2）

20、减速下滑过程中的加速度大小.38.某校一课外活动小组自制一枚火箭。火箭点火后可认为竖直向上做匀加速直线运动， 经过4s时间到达离地面40m高处时燃料恰好用完，若不计空气阻力，取g = 10m/s2.求:（1）火箭匀加速运动阶段的加速度及燃料恰好用完时火箭的速度；（2）火箭上升离地而的最大高度。【参考答案】*试卷处理标记，请不要删除一、选择题B解析：B【解析】【分析】【详解】对于匀变速直线运动，x = v.t + -at2,可知各段时间内的初速度不同，则位移不同，即位置变化不相同，故A错误：速度该变量v=a4t,故应该是在相等时间内的速度改变始 终相等，故B正确：若加速度的方向与初速度方向相反，

21、则物体速度的方向可能发生变 化，如竖直上抛运动.故C错误；匀变速直线运动的加速度大小，方向都不变，故D错 误：故选B.A解析：A【解析】惯性是物体的故有属性，只和物体的质量有关，质量越大，惯性越大，质量越 小，惯性越小，同一个物体的质量不随空间位置的变化而变化，即质量恒定，所以其惯性 恒定，A正确B错误：一个小球竖直上抛，抛出后能继续上升，是因为小球有惯性，C错 误：运动的越快，停下来就需要越长的时间，不是因为惯性大，D错误.A【解析】【分析】 本题关键是抓住悬挂物B的重力不变，即OB段绳中张力恒定，0点缓慢移动时，点O始 终处于平衡状态，根据平衡条件列式求解各力变化情况.【详解】以结点0为研

22、究对象受力分析如下图所示：由题意知点。缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知，绳0B的张力为 mg,保持不变：根据平衡条件可知：Tcos0-mg=O , Tsin0-F=O,由此两式可得：F= mgtanO, 由于8增加，故拉力F增加，T增加；故选A。【点睛】掌握共点力平衡条件是正确解决本题的关键，本题中注意对缓慢拉动所隐含的在拉动过程 中物体始终处于平衡状态条件的挖掘.D解析：D【解析】【分析】【详解】小球做平抛运动水平方向上：5 = %/竖直方向上：h = L gjVy = gt2小球最后的速度为v = Qv： +谥解得：h = 5m ； s = 5ni ； v = 5y/5in

23、 / s，故 D 正确；ABC 错误故选D【点睛】根据小球运动的时间求出小球抛出点的高度，结合初速度和时间求出水平位移.通过速度时间 公式求出竖直分速度，根据平行四边形定则求出小球落地的速度大小B解析：B【解析】【详解】桌面的受力微小形变借助于光的反射来放大，运用了放大的思想方法，玻璃瓶的受力微小 形变借助于液体体积变化，采用了放大的思想方法，二个实验均体现出放大的思想方法， 故B正确，ACD错误故选择B选项。B解析：B【解析】【详解】A.亚里士多德凭借生活现象提出“力是维持运动的原因，故A错误：B.伽利略由理想斜而实验得到“力不是维持物体运动的原因”，故B正确；C.阿基米德确立了静力学和流体

24、静力学的基本原理，给出许多求几何图形重心，包括由一 抛物线和其网平行弦线所围成图形的重心的方法，阿基米德证明物体在液体中所受浮力等 于它所排开液体的重量，故C错误；D.牛顿结合伽利略和笛卡儿的成果提出了牛顿第一定律，故D错误。 故选B。B解析：B【解析】【分析】弹簧科在一对拉力作用下保持静止，合力为零，弹簧科的示数等于其中一个拉力的大小， 根据二力平衡去分析即可.【详解】物体B处于静止状态，对B受力分析，B受到绳子的拉力和重力作用，弹簧右端受到的力 大小为8N,故绳子拉力为8N.又因为弹簧科处于静止状态，所以弹簧秤受力是平衡的， 弹簧右端受到的拉力是8N,则左端的拉力为8N,读数是8t故B项正

25、确.D解析：D【解析】A、红军不怕远征难，万水千山只等闲”描述红军到过很多有山水的地方，与惯性 无关.故A错误：B、“朝辞白帝彩云间，千里江陵一日还”指千里之遥的江陵，一天之间就 已经到达，描述坐船很快，与惯性知识无关，B错误。C、参考系是为了研究问题方便而假 定静止不动的物体.故只要研究对象与参考系的相对位置不发生变化，则观察到的结果是 物体静止不动.在本题中船是向东高速行驶，诗中描述了花“、榆堤和云”的运动都是以 船为参考系.故C错误；D、惯性是物体总有保持原有运动状态不变的性质，一切物体都 有惯性，临崖立马收缰晚”说明物体具有惯性，物体的运动状态不能突变.故D正确.故 选D.【点睛】该题

26、考查对相对运动、参考系、惯性等物理概念的理解，真正理解了参考系等概 念即可顺利解决此类题目，而要理解这一概念就必需多看课本，多认真处理此类题目.A【解析】伽利略开创了实验与逻辑推理相结合的科学研究方法，并研究了落体运动的规律，故选A.C解析：C【解析】【分析】明确加速度的定义，知道加速度的大小等于速度的变化率，与速度的大小和速度变化量的 大小无关.【详解】Av根据加速度定义式a=,可知加速度a的方向与速度增量的方向相同，与速度的方 Ar向不一定相同，可能相同，可能相反，故AB错误；当加速度方向与速度方向相同，物体 做加速运动，当但a的方向与速度方向不一定相同，所以物体不一定做加速运动， 故C错

27、误，D错误.所以C正确，ABD错误.C解析：C【解析】【分析】【详解】既有大小又有方向的物理量是矢量，矢量运算遵守的是矢量法则，即平行四边形定则；只 有大小没有方向的物理量是标量，标量运算遵守的代数加减法则。加速度有大小又有方 向，是矢量：而路程、时间、质量是只有大小没有方向的物理量，是标量。故选C。C解析：C【解析】【详解】A、打出的纸带相邻两点间的时间间隔相同，纸带I上相邻两点的间距都相等，所以纸带1 做匀速直线运动，故A不符合题意：B、打出的纸带相邻两点间的时间间隔相同，纸带2上相邻两点的间距先增大后减小，所 以纸带2做先加速后减速的变速运动，不可能为匀变速运动，故B不符合题意：C、打出

28、的纸带相邻两点间的时间间隔相同，纸带3上相邻两点的间距逐渐减小，所以纸带 3做减速运动，可能为匀变速运动，故C符合题意：D、打出的纸带相邻两点间的时间间隔相同，纸带4上相邻两点的间距先减小后增大，所 以纸带4做先减速后加速的变速运动，不可能为匀变速运动，故D不符合题意。C解析：C【解析】【分析】【详解】高速行驶的公共汽车紧急刹车时，乘客都要向前倾倒，是由于惯性，不是受到惯性力的作 用，故A错误：惯性的大小仅与质量有关，与速度无关，质量越大，惯性越大.故B错 误，C正确：把手中的球由静止释放后，球能竖直下落，是由于球受重力的原因，故D错 误：故选C.A解析：A【解析】【详解】AB.根据胡克定律F

29、=kx得，弹簧的劲度系数：F 10k = =，= 200N/m,x 5x10-2故A正确，B错误；C.弹簧的伸长与受的拉力成正比，弹簧的劲度系数k与弹簧弹力F的变化无关，与弹簧本 身有关。故C错误；D.轻弹簧的两端各受10N拉力F的作用，所以弹簧所受的弹力为10N,故D错误。故选:AoC解析：C【解析】【详解】汽车刹车到停止所需的时间：fd = 4s则刹车后2s内的位移:x =- at； = 30m刹车后6s内的位移等于刹车后4s内的位移，刹车减速至0的逆过程视为初速度为0的匀 加速直线运动，则：片xz= =40m2a则刹车后2s内与刹车后6s内汽车通过的位移大小之比为3： 4, ABD错误，

30、C正确。C解析：C【解析】【详解】A.物体的速度变化大，因时间不确定，加速度大小无法确定，故A错误；B.加速度为零的物体，速度不一定为零，可能很大，故B错误：C.由加速度的定义式4=一可知物体的加速度的方向一定与速度变化的方向相同，故C &正确：D.物体的加速度方向变化时，速度的方向不一定发生变化，例如原来物体做加速直线运 动，加速度方向变化后开始一段时间内物体仍沿原来方向做减速运动，速度方向没有变 化，故D错误。故选择C选项。A解析：A【解析】由题，绳和圆柱体之间无摩擦，圆柱体相当于定滑轮，不省力，绳子上各处张力 大小相等，力的合成法可知，绳对圆柱体A的作用力必定位于两绳的角平分线上，绳越长

31、 时，作用力与竖直方向的夹角越小.以重物和绳子整体为研究对象，分析受力情况：重 力、圆柱体A对绳子的作用力Fa，圆柱体B对绳子的作用力Fb,根据对称性可知， Fa=Fb，由平衡条件可得：2Facos(x=G, 0是圆柱体对绳子的作用力与竖直方向夹角，G是 物体的重力.绳越长时，。越小，cos a越大，则Fa越小.所以绳越长时，绳对圆柱体A 的作用力越小.故A正确，BCD错误，故选A.C解析：C【解析】【详解】A.当合力方向与速度方向相反，小车做减速运动，故A错误；B.当合力方向与速度方向相反，小车做减速运动，速度减到0,再反向加速，故B错误； C.由牛顿第二定律可知，合力越来越大，加速度越来越

32、大，则速度变化也越快，故C正 确：D.加速度越来越大，但速度变化不一定越大，还与时间有关，故D错误。 故选aB解析：B【解析】【详解】比赛过程中往返两次则路程相等，相同的路程比较时间，时间越小，成绩越好，而路程与 时间的比值为平均速率，所以如要取得好的成绩，主要取决于全程的平均速率，故B正 确。故选B。D解析：D【解析】木棒的下端与地面接触，接触而为水平而，所以弹力的方向应该与地面垂直，木棒的上端 与台阶的一点接触，接触面为木棒一个而，所以弹力的方向和木棒垂直，故D正确,ABC错 误.二、多选题AD【解析】【详解】A.斜面光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜面方向上平 衡：故A

33、正确；B.对乙物体受力分析，沿斜面方向上平衡可得弹簧弹力：故B错误；C.撤去拉力解析：AD【解析】【详解】A.斜面光滑，将甲乙两物块视为一个整体，做受力分析可得在沿斜而方向上平衡:F = 22g sin a = 2mg sin 300 = mg故A正确：B.对乙物体受力分析，沿斜而方向上平衡可得弹簧弹力：月甲=sin a = mg sin 30 = nig2故B错误：C.撤去拉力F瞬间，弹簧长度不变弹力不变。对甲物体受力分析，沿斜而方向上不平衡 有：%+?gsin300 甲解得：a甲=gD.对乙物体受力分析，沿斜而方向上有：片单-mg sin 30 =团。乙a乙=0甲乙两物体加速度大小不同。故

34、C错误：D正确。 故选A D。AD【解析】 【详解】A.开始时行李的加速度大小为选项A正确：B.行李加速的时间加速的位移：匀速的时间则行李到达B点的时间 t=tl+t2=5. Is 选项B错误； C.行 解析：AD【解析】 【详解】a = 2m/sa = 2m/s2选项A正确： B.行李加速的时间3s = 0.2s a 2加速的位移:A. = A 0.04ni匀速的时间/-x 2-0.04 b =L = = 4.9st=h+t2=5.ls则行李到达t=h+t2=5.ls选项B错误：C.行李加速阶段传送带的位移x = vr = 0.08m行李在传送带上留下的摩擦痕迹长度为0.08m-0.04m=

35、0.04 m,选项C错误；D.若传送带速度足够大，行李一直加速到达8点的时间最短，则最短时间选项D正确:故选ADoBD【解析】【详解】AB.由题可知，运动员在第3s末速度大小为6m/s,则运动员前3s在斜面上， 则加速度大小为： m/s2乂第6s末速度大小也为6m/s,第8s末速度大小为4m/s,说明运动 解析：BD【解析】【详解】AB.由题可知，运动员在第3s末速度大小为6m/s,则运动员前3s在斜面上，则加速度大 小为：6,a=- = 2 m/s23又第6s末速度大小也为6m/s,第8s末速度大小为4m/s,说明运动员此过程在水平而上, 则加速度大小为：6-4 ,=1 m/s22设在AB而

36、上的时间为八，8点的最大速度为9,则 在斜面上有：vi=卬1=2八在水平而上有:4 =匕-(8-rJxl 联立解得：9=8m/s,6=4s由上可知，3.5sr, =4S,所以运动员在第3.5s末仍在斜面上，最大速度为8m/s,故A错 误，B正确：C.在48段的位移为：在8c段减速到零的时间为:在8c段的位移为：=也=经= 32m 22根据平均速度公式有：得AC段的平均速度为:一匹 + X, 48 = =4 m/st. +12I .故C错误：D.综上分析可知，八到C的总时为：八 +1-, = 4 + 8 = 12$所以运动员在第12s末恰好停在C点，故D正确。故选BD.AC【解析】【分析】【详解

37、】A.根据牛顿第三定律得知千斤顶对汽车的支持力等于汽车对千斤顶的压力， 为，故A正确；B.将汽车对千斤顶的压力分解沿两臂的两个分力，根据对称性可知两臂受到的 压力大小 解析：AC【解析】【分析】【详解】A.根据牛顿第三定律得知千斤顶对汽车的支持力等于汽车对千斤顶的压力，为 4.0 x104N.故 A 正确：B.将汽车对千斤顶的压力/分解沿两臂的两个分力月，根据对称性可知两臂受到的压力 大小相等，由ZKcosBn/7得F. =一-=4.0 x104N 1 2cos60故B错误：CD,继续摇动把手，两臂靠拢，夹角8减小，由=彳二分析可知，尸不变，当。减 2cos0小时，COS8增大，减小，故C正确

38、，D错误： 故选AC。BC【解析】【分析】 【详解】A.最初系统静止时，弹簧受到A的压力，根据平衡条件有解得处于压缩状态，故A错误；BC. B木块刚离开地面时，对B受力分析知，弹簧的弹力等于B的重力，根据 平 解析：BC【解析】 【分析】 【详解】A.最初系统静止时，弹簧受到八的压力，根据平衡条件有F】=kXi= mg 解得X, =0.1m = 10cm 处于压缩状态，故A错误：BC. 8木块刚离开地面时，对8受力分析知，弹簧的弹力等于8的重力，根据平衡条件有 F2=kx2= mg解得x2 =O.Im = 10cm故BC正确：D.由上分析可知，初状态和末状态的形变量相等，所以弹簧的弹力大小相等

39、，故D错 误。故选BCOABD【解析】【分析】【详解】A.在。tO时间伞兵做匀加速直线运动，加速度不变，tO3to时间内图线的 斜率逐渐减小，则加速度逐渐减小。故A正确；B.设降落伞和伞兵的总质量为m,所受的阻解析：ABD【解析】【分析】【详解】A.在00时间伞兵做匀加速直线运动，加速度不变，to3t。时间内图线的斜率逐渐减 小，则加速度逐渐减小。故A正确：B.设降落伞和伞兵的总质量为m,所受的阻力为f加速度大小为。，根据牛顿第二定律 得f-mg=ma解得f=mg+ma。逐渐减小，则阻力,也逐渐减小。即降落伞和伞兵所受的阻力越来越小。故B正确：C.在t。3t。的时间内，假设伞兵做匀减速直线运动

40、，图象为直线，其平均速度为2根据“而积”等于位移可知，匀减速直线运动的位移大于伞兵实际运动的位移，则平均速度 心山2故C错误：D.第一个伞兵在空中打开降落伞时的速度比第二个伞兵跳下时速度大，所以两者距离逐 渐变大，后来第二个人的速度大于第一个跳伞运动员时，两者距离又减小，即他们在空中 的距离先增大后减小。故D正确。故选ABD,三、实验题27 . AD 0.43m/s2实验前未平衡摩擦力（或平衡摩擦力不充分）R(m,s-2)图线为一条过原点的直线，表明在合外力一定时，加4。R(m,s-2)图线为一条过原点的直线，表明在合外力一定时，加4。速度跟质量成反比【解析】【分析】根据实验的原理以及操作中的

41、注意事项确定正确的操作步骤：据x=a计算加速度的大 小。【详解】使牵引木块的细绳与长木板保持平行可以保证拉力稳定，否则对小车的拉力只是绳子拉 力的分力，故A正确；平衡摩擦力时，不能将装有硅码的硅码桶通过定滑轮拴在木块上， 故B错误：实验时应先接通电源，再释放纸带，故C错误；通过增减木块上的硅码改变质 量时，不需要重新调节木板倾斜度，故D正确。所以AD正确，BC错误。由逐差法x=a，可求小车的加速度：，=（6.50-2.40）-（2.40-0）/?/? = 04/? 04T24x0.12图线没有过原点，与F轴有交点，说明实验前没有平衡小车的摩擦力（或平衡摩擦力不充 分）.根据数据在坐标纸上画出。

42、-图线如图所示: m由图可知，图线为一条过原点的直线，表明在合外力一定时，加速度跟质量成反比。28 . A C 0.810 C【解析】【分析】（1）研究加速度跟力和质量的关系，采用控制变量法：（2）平衡摩擦力时应取下砂桶，调整木板右端高度，轻推小车，小车能够沿木板做匀速直线运动即可，实验过程中改变小车质量时不需要重新平衡摩擦力;（3）根据逐差法，计算小车的加速度即可，注意有效数字：（4）应用牛顿第二定律分析实验误差，然后答题：【详解】（1）为了研究加速度跟力和质量的关系，应该采用的研究实验方法是控制变量法，故选项 A正确，BCD错误；（2）平衡摩擦力时，取下砂桶，将纸带连接在小车上并穿过打点计

43、时器，调节滑轮高度使 细线与木板平行，将木板不带定滑轮的一端适当垫高，轻推小车，使小车做匀速直线运 动，故C正确，ABD错误：（3）相邻两计数点间还有四个计时点未画出，计数点间的时间间隔为：T = 0.02x5s = 0.1s根据逐差法，小车的加速度为：a =再+ 八4-= 5.2（）七、9k 4.3 尸 57 乂 10-2 帆 / / = 0 2x2 尸2x2x0.（4）随着-增大，小车质量在减小，因此小车质量不再满足远大于砂和小砂桶的质量， M加速度不可能一直均匀增大，加速度的增大幅度将逐渐减小，最后趋近与定值g，故ABD 错误，C正确.【点睛】考查了控制变量法的内容，知道实验原理，与操作

44、注意事项，会根据实验原理分析分析为 什么要平衡摩擦力和让小车的质量M远远大于小桶（及硅码）的质量m,若不满足质量之 间的关系，图像会发生弯曲.29.“发射器”匀速直线运动向左的绳子的拉力，向右的滑动摩擦力0.5 0.83 【解析】【详解】田根据位移传感器原理可知，小车上安装的是位移传感器的发射器”：（2乂2以一/图像出现一条水平直线时，表明小车做匀速直线运动 网小车水平方向向左的绳子拉力，运动过程中受到向右的摩擦力； 根据牛顿第二定律得F - =ma得F f a m m图线的斜率表示质量的倒数，则_1_ =m 2.5 得? = 0.83kg因为F=0.5N时，加速度为零，解得/ = 0.5N3

45、0.85 5.0拉力F（沙和沙桶的总质量）小车质量例平衡摩擦力过度 【解析】【分析】【详解】利用匀变速直线运动的推论得2x0.022小车的加速度为（2）3该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F不变：若该同学要探究加速度。和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变（3乂5图中当F=0时，80,也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0,说明小车 的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高即平衡摩擦过度.速度较小的匀速直线运动速度较大的匀速直线运动加速直线运动减速直线运动【解析】【分析】【详解】X因点与点时间间隔相等，根据点与点间距，结合y =,则有：由题目中图可知，a、点与