专升本《高等数学》易错题解析-第五章：定积分及其应用

1、PAGE 第五章 定积分及其应用定积分及其应用是微积分的主要内容之一，是微积分的精华，在高等数学中占有重要的地位 ，也是各类高等数学研究生入学考试的必考的重要内容之一。复习这部份内容，考生应着重掌握定积分的定义、性质及其计算方法，掌握“微元法”这一定积分应用的重要数学思想方法。一、知识网络定积分 定积分的应用二、典型例题例1 . 求极限 。分析 遇到极限中有可变上限有定积分，一般情况下可考虑应用洛必达法则，但由于现在被积函数中含有变量，因此先应将从被积函数中分离出来，对此题可用变量代换；另外，在求极限的过程中如能恰当地应用等价无穷小代换，可简化求极限的过程。解 对定积分作变换 ，由于， ，因此

2、再利用洛必达法则有原式= =例2. 求极限 .分析 利用定积分的定义求极限，是一种常见的考研题型，难点在于如何将变型成和式。解 令 则 =因此 =所以 原式=例3设在上连续，,求证 .证明1 令 ，则从而 =由积分中值定理及的2的性知 故原题得证.证明2 由证明1可知= ( 洛必达法则 )=例4设在，上连续，试证 证明 记 ，由连续性可知，存在 ，使 .当 时 对，选取 ，使得当 时，有 设 0 则 =因为 当 时,故当充分大时有 因此当 充分大时有 由的任意性知 例5. 计算 分析 本题应用换元积分法,换元时应注意要换限.解法1 令 则 , 故 原式=+=解法2 令 原式=解法3 记 ,分部

3、积分得 原式=计算 分析 定积分的计算常常需要一定的特殊方法和技巧,这些方法和技巧只有通过平时多做习题并注意体会和积累来掌握.解法1 原式= =解法2 原式=+=证明柯西积分不等式，若和都在，上可积，则有 分析 这是代数中欧几里德空间中有关内积的柯西不等式的一个应用，证明方法也类似.证明 对任意的实数有 +上式右端是的非负的二次三项式,则其判别式非正,即故原式得证设和都在，上可积,试证证明 = (柯西不等式)=故 例9证明 证明 令 （第二个积分中令 ）当 时， 故 例10设在 0， 上连续,且, ,证明 分析 应该先建立与之间的关系，然后再“放大”估值，拉格朗日微分中值定理和牛顿莱布尼茨公式

4、都可以建立两者之间的关系.证明1 由和微分中值定理有 , .故 证明2 由和牛顿莱布尼茨公式有 ,于是 ,故 .设函数在 0, 上上连续,且, 。试证：在（0, ）内至少存在两个不同的点和，使 .分析 如对的原函数 能找到三个点使，则使用两次罗尔定理就可以得两个（即和），使 .证明 令，则有 ，.又 0=对 在0, 上使用拉格朗日微分中值定理得 0=, 0.因为,所以 .再对在区间 0, , , 0 上分别应用罗尔定理, 知至少存在(0, ) ,(, ), 使,即 .例12. 设在0，1上连续且单调减，试证对任何有 证明1 = = =其中 又单调减，则，故原式得证.证明2 = =0故原得证.证

5、明3 令 故原式得证.证明4 设=, .故当 ，单调增，;当 单调减, .故原不等式得证.例3. 设解 原等式两端分别从0到1和从0到2积分得即 从以上两式可解得，故 .设定义在上，且对上任意两点及，有试证 证明 在第二个积分中令 得 不等式左端得证.令 ( ) 得 =不等式右端得证. 故不等式得证.没在 0, 1上连续且.试证 .证明1 由于连续且,因此,在 0, 1 上可积,故有 = =证明2 设，则，又曲线下凹，则其上任一点的切线都在曲线上方，而在处的切线为对任一点，都有 则 故 证明3 易证当时有不等式令 ，得-1上式两边从0到1积分得对积分得 故 例16求曲线的一条切线，使该曲线与切

6、线及直线，所围成的图形面积最小.解 设切点为,则切线的方程为即 面积为 令 得驻点 .又,故时S取最大值. 此时的方程为 .设函数在闭区间0, 1上连续,在开区间(0, 1)内大于零,并满足 (为常数) ,又曲线与所围成的图形S的面积值为2,求,并问为何值时,图形S绕轴旋转一周秘得的旋转体的体积最小.解 由条件可得, 当 时有故 由边连续性知.又由已知条件得 2=故 因此所求函数旋转体的体积为,令 ,得 .又 ,故知当时,旋转体体积最小.计算 分析 计算带绝对值的被积函数的积分,先脱掉绝对值.脱掉的方法有两种,一是令含绝对值部分的函数为零,求出其实根,以其实根为分段点,将被积函数化成分段函数;

7、二是利用函数的奇偶性、周期性等性质，使绝对值符号脱落.解法1 先令得分段点.于是原式=,再分别令 ,易得分段点,于是得到原式= +.解法2 注意到为偶函数,因此有原式= = = =.证明 .证明 令,显然 时,单调减少,于是+ 1+ =1+ =.即 1+.故原不等式得证.已知 , 计算 .解 = = (令) =.已知 计算 .解 令, 则 , , 于是有原广义积分 =,由于 当时, ,故 = = =.设 , 求 .解 显然 是个瑕积分,由分部积分法得=2 =2 =.设在0, 1 上连续,且单调减少,证明: 对于满足的任何有 .分析 可得 ,将 换成(),于是辅助函数 .证明 令 , () =, (单减)故单调增加, 又 （），因此 ，即 .求一列积