3.7《运动和力培优讲座》（难度高选用）培优训练卷（解析）

1、Word文档，下载后可任意编辑 .7运动和力培优讲座（难度高选用）培优训练卷（解析）中小学教育资源及组卷应用平台浙教版七下第三章：运动和力培优讲座高难度选用1.如图所示，两个实心圆柱体放置在水平地面上，沿水平方向分别截去其上部相同的高度h后，剩余部分对水平地面的压强相等。则它们原来对水平地面的压强关系是（）A.P甲=P乙 B.P甲P乙 C.P甲P乙 D.无法确定【答案】C【解析】由压强定义式推导：p=gh，根据该公式分析比较。【分析】对于圆柱形或方形均匀物体，会用P=gh分析比较压强关系。【详解】p=gh，剩余部分：p甲=甲gh甲=p乙=乙gh乙，又h甲h乙，甲乙，甲gh乙gh，甲gh甲+甲g

2、h乙gh乙+乙gh，由此可知：p甲p乙，故选C。2.如图所示，把质量为m1、m2的实心正方体铁块和铝块分别放在水平桌面上（已知p铁p铝）,它们对桌面的压强相等。若在铁块上方沿水平方向截去一部分放在铝块上面，此时铁块对桌面的压强变化量为p1,铝块对桌面的压强变化量为p2,则m1,m2及p1、p2的大小关系为（）A.m1m2；p1p2 B.m1m2；p1p2C.m1m2；pp2 D.m1m2；p1p2【答案】C【解析】（1）由图可知铝块的底面积大于铁块的底面积，实心正方体铁块和铝块对桌面的压强相等，根据p=求出两者的压力关系，水平面上物体对地面的压力和自身的重力相等，利用重力公式得出两者的质量关系

3、；（2）在铁块上方沿水平方向截去一部分放在铝块上面时，根据题意可知两者的受力面积不变以及压力的变化，根据压强公式求出两者压强的变化，根据两者的受力面积关系得出两者压强变化量之间的关系。【分析】本题考查了压力和压强的计算，关键是知道铁块上方沿水平方向截去一部分放在铝块上面时，两者压力的变化量相同。【详解】（1）由图可知，S1S2，实心正方体铁块和铝块对桌面的压强相等，根据p= 可得：F1F2，水平面上物体对地面的压力和自身的重力相等，且G=mg，G1G2，m1m2；（2）在铁块上方沿水平方向截去一部分放在铝块上面时，两者的受力面积不变，设铁块截取的质量为m，则铁块对桌面的压强变化量P1=，铝块对

4、地面的压强变化量P2=，S1S2， ；P1P2。 故选C。3.如图所示，甲、乙两个正方体分别放置在水平地面上，它们各自对地面的压强相等。若分别在两个正方体的上部，沿水平方向截去相同体积后，则甲、乙的剩余部分对地面的压力F甲 和F乙 、压强p甲 和p乙 的关系是（）A.F甲 F乙 ,p甲 p乙B.F甲 F乙 ,p甲 =p乙C.F甲 F乙 ,p甲 p乙D.F甲 =F乙 ,p甲 p乙【答案】A【解析】【分析】【详解】地面上放置的正方体物体，地面受到的压强：=pgh,因为两物体对水平面的压强相同，则p =甲gh甲=乙gh乙,由图知h甲h乙,所以甲乙；由沿水平方向截去相同体积V后，S甲S乙,由V=Sh可

5、知截去的高度关系：h甲h乙,减小的压强：p甲=甲 gh甲，p乙=乙 gh乙,p甲p乙,因为原来压强相等，所以剩余的物体对水平面的压强：p甲 p乙 ；因为F=pS,S甲S乙,所以剩余的物体对水平面的压力：F甲 F乙 。4.圆柱形容器注入某种液体，深度为H,容器底的半径为r。如果液体对倒壁的压力等于对容器底部的压力，那么H:r为（）A.1:1 B.1:2 C.2:1 D.:1【答案】A【解析】液体对容器底的压强用P=gh分析，压力用F=PS计算；液体对容器侧壁的压强等于对底部压强的一半，压力的作用面积等于液面以下容器的侧面积。【分析】液体对容器侧壁的压强等于容器底处压强与液面处压强两者的平均值，也

6、就是容器底受到液体压强的一半。【详解】液体对容器底的压力为 F底=P底S底=gHr2液体对容器侧壁的压力为F壁=P壁S壁=gH2rH=gH2r已知液体对容器底和侧壁的压力相等，也就是gHr2=gH2r化简得r=H即容器底面半径与液体深度相等。故选A。5.如图所示，甲、乙两人同时从A地出发，其中，甲沿直线AB匀速运动，乙沿直线AC匀速运动，甲运动的速度是乙的两倍，经过3min,甲到达B地后，保持速度大小不变，马上沿直线向C地运动，怡好在C地与乙相遇，则乙从A地运动到C地的时间可能为（）A.4min B.8min C.12min D.16min【答案】B【解析】甲从A地到B，再从B地到C地，和乙从

7、A地到C地的时间是相同的知道速度和时间，分别求出AB、AC、BC的路程，根据在三角形中两边之和大于第三边，两边之差小于第三边，进行排除。【分析】本题运用数学知识比较多，根据速度公式求出三角形三边长度，根据是否符合任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边，进行排除体现了物理和数学学科之间的密切关系。【详解】设乙的运动速度为，甲的运动速度为2，甲从A地运动到B地，运动距离为：AB=23min，A、如果乙从A地运动到C地的时间为4min，AC=4min，甲从B地运动C地，运动距离为：BC=2（4min-3min）=21min，AB=AC+BC，AB、AC、BC不能构成三角形。不符合题意；B、如

8、果乙从A地运动到C地的时间为8min，AC=8min，甲从B地运动C地，运动距离为：BC=2（8min-3min）=25min，ABC任意两边之和大于第三边，任意两边之差小于第三边，AB、AC、BC能构成三角形符合题意；C、如果乙从A地运动到C地的时间为12min，AC=12min，甲从B地运动C地，运动距离为：BC=2（12min-3min）=29min，BC=AC+AB，AB、AC、BC不能构成三角形。不符合题意；D、如果乙从A地运动到C地的时间为16min，AC=16min，甲从B地运动C地，运动距离为：BC=2（16min-3min）=213min，BCAC+AB，AB、AC、BC不能

9、构成三角形。不符合题意；故选B。6.高校每天早上都派小汽车准时接刘教授上班。一次，刘教授为了早一点赶到学校，比平时提前半小时出发步行去学校，走了27min时遇到来接他的小汽车，他上车后小汽车立即掉头前进，设刘教授步行速度恒定为,小汽车来回速度大小恒定为u,刘教授上车以及小汽车掉头时间不计，则可判断（）A.刘教授将会提前3min到校，且:u=1:10B.刘教授将会提前6min到校，且:u=1:10C.刘教授将会提前3min到校，且:u=1:9D.刘教授将会提前6min到校，且:u=1:9【答案】D【解析】【分析】【详解】因为小车是准时的，刘教授提前30min走，现在已经过了27min，如果刘教授

10、等着不走，那么小车现在从遇到刘教授的地方到达刘教授平时上车的地方需要3min，则：刘教授步行的路程为：s=27min，小车行驶这段路程的车速：u=9，所以:u=1:9；提前的时间就是小车少走了3min路程的往返时间，即6min。故选D。7.物理学中将物体在单位时间内速度的增加量定义为加速度。依据该定义，若某物体在t时间内速度从1增加到2,则加速度为。现有一小球从1m/s开始以2m/s2的加速度加速运动4s,则4s末小球的速度为（）A.1m/s B.2m/s C.7m/s D.9m/s【答案】D【解析】加速度是物体速度的变化量与对应时间的比值根据加速度的公式，可以得出末速度的计算式。【分析】本题

11、考查的是匀变速运动-加速度公式的应用，根据公式求解即可。【详解】设小球的初速度为0，由a=可得：2=1+at，因为小球的初速度是1m/s，所以4s末小球的速度2=1+at=1m/s+2m/s24s=9m/s。故选 D8.如图所示，一个半径为R的半圆形的凹槽固定在地面上，一个半径为KR（K1）的圆柱体从凹槽的右端静止释放，假设凹槽内表面足够粗糙，圆柱体在滚动时不会打滑，刚释放时，圆柱体表面的箭头指向凹槽中心O,当K=时，圆柱体滚动到凹槽左端最高点时箭头的指向为（）A.水平向右 B.水平向左 C.竖直向上 D.竖直向下【答案】B【解析】【分析】【详解】半圆形的四槽L=2R=R,皿柱体的周长L =2

12、R=R，=2.5，即圆柱体滚动到凹槽左端最高点时，圆柱体正好转了2.5圈，则此时的箭头的指向为与刚释放时箭头指向相同，都是水平向左。也可这样理解：设开始时柱体的A点与凹槽接触，当滚动2圈到左边时，A点恰与槽接触，再滚动半圈刚好到最高点此时恰为指针针尖与槽接触，指针方向水平向左。9.如图是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图。测速仪发出并接收超声波脉冲信号，根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测物体的速度。图b中P1、P2是测速仪发出的超声波，n1、n2分别是P1、P2由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描，P1、P2之间的时间间隔t=0.8s,超声波在空气中传播的速度=340m/s,

13、若汽车是匀速行驶的，则根据图b可知，图中每小格表示的时间是 s,汽车在接收到P1、P2两个信号之间的时间内前进的距离是 m。【答案】0.027；13.6【解析】由题意可知，P1、P2的时间间隔为0.8s,根据图b所示P1、P2的间隔的刻度值，即可求出图中每小格表示的时间；以及P1、n1和P2、n2之间间隔的刻度值。可以求出P1、n1和P2、n2之间的时间，即超声波由发出到接收所需要的时间。从而可以求出超声波前后两次从测速仪到汽车所用的时间，结合声速，进而可以求出前后两次汽车到测速仪之间的距离。【分析】【详解】P1、P2的间隔的刻度值为30个格，时间长为0.8s,因此图中每小格表示的时间为t=0

14、.027s；因为P1、n1之间间隔的刻度值为12,所以对应的时间为0.32s；P2、n2之间间隔的刻度值为9,所以对应的这两点之间对应的时间为0.24s。P1、n1之间的时间为超声波第一次从测速仪发出后遇到行进的汽车又回来所用的时间，所以超声波传播到汽车所用的时间t2为0.16s.由此可以求出汽车在接收到P1的信号时汽车与测速仪之间距离：s1=t1=340m/s0.16s=54.4m；同理可求出汽车在接收P2信号时汽车与测速仪之间的距离：s2=t2=340m/s0.12s=40.8m。由此可知，汽车在接收到P1、P2两个信号之间的时间内前进的距离：s=54.4m-40.8m=13.6m。故答案

15、为:0.027；13.6。10.一个底面积为100c足够高的柱形容器M装有20cm深的水，置于水平地面上；一个质量忽略不计的硬塑料瓶固定在轻杆上，内有适量的水，如图甲所示。塑料瓶ABCD部分为柱形，柱形部分高度hAB为16cm。用手拿住轻杆。将该瓶从图甲中刚接触水面位置，缓慢竖直下降6cm,杆对瓶的拉力F随下降高度h之间的关系图像如图乙所示。然后从该位置继续向下，直到水面与AD相平为止，则瓶内所装水的重力为 N；当水面与AD相平时，瓶外的水对容器M底部的压强为 Pa。【答案】2；2400【解析】（1）硬塑料瓶的质量忽略不计，由图可知，瓶子没有浸入水中时杆对瓶的拉力即为瓶内所装水的重力；（2）由

16、图可知，当瓶子下降6cm时，杆对瓶的拉力恰好为零，此时平时受到的浮力和自身的重力相等，根据阿基米德原理求出瓶子排开水的体积，根据V=Sh求出容器内水的体积，然后根据体积公式求出容器内水的深度，进一步求出水上升的高度，然后加上瓶子下降的深度即为浸没的深度，利用V=Sh求出瓶子的底面积，再根据V=Sh求出水面与AD相平时瓶子排开水的体积，进一步求出容器内水的深度，利用p=gh求出瓶外的水对容器M底部的压强。【分析】本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、液体压强公式的应用，正确的计算出瓶子的底面积是关键。【详解】（1）由图乙可知，h=0时，F=2N，则瓶内所装水的重力G=F=2N；（2）由图可知，当

17、瓶子下降6cm时，杆对瓶的拉力恰好为零，此时平时受到的浮力和自身的重力相等，由F浮=gV排可得，瓶子排开水的体积：V排=210-4m3=200cm3，容器内水的体积：V水=SMh水0=100cm220cm=2000cm3，容器内水的深度：h水1=22cm，则水面上升的高度：h=h水1-h水0=22cm-20cm=2cm，瓶子浸没的深度：h浸没=h+h下=2cm+6cm=8cm，瓶子的底面积：S瓶=25cm2，水面与AD相平时，瓶子排开水的体积：V排=S瓶hAB=25cm216cm=400cm3，容器内水的深度：h水2=24cm=0.24m，瓶外的水对容器M底部的压强：p=水gh水2=1.010

18、3kg/m310N/kg0.24m=2400Pa。故答案为：2；2400。11.将一未装满水密闭的矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示。瓶盖的面积是8c,瓶底的面积是28c,瓶重和厚度忽略不计（g取10 N/kg）。求：（1）倒立放置时瓶盖所受水的压力和压强；（2）倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压强。【答案】（1）1.04 N；（2）3.5103 Pa【解析】【分析】【详解】（1）倒立时瓶盖所受水的压强为：P1=水 gh1=1.0103 kg/m310 N/kg0.13 m=1.3103 Pa，则瓶盖受到水的压力为F1=P1S1=1.3103Pa810-4m2=1.04 N；正立

19、放置时瓶内水的重力为：G水=m水g=水V水g=水 Shg=1.0103 kg/m32810-4m20.1m10N/kg=2.8N，倒立时瓶内水的重力不变，对桌面的压力等于瓶内水的重力，则矿泉水瓶倒立放置时对桌面的压强为P=3.5103 Pa。故答案为：（1）1.04 N；（2）3.5103 Pa12.甲、乙两个薄壁圆柱形容器（容器足够高）置于水平地面上，甲容器底面积为610-2,盛有质量为8kg的水，乙容器盛有深度为0.1m、质量为2kg的水。（1）求乙容器中水的体积V乙；（2）求乙容器底部受到水的圧强p乙；（3）现从甲容器中抽取部分水注入乙容器后，甲、乙两容器底部受到水的压力相同，求抽水前后

20、甲容器底部受到水的压强变化量p甲。【答案】（1）210-3m3；（2）1.0103 Pa；（3）500Pa【解析】【分析】【详解】（1）乙容器中水的体积为V乙=210-3m3；（2）乙容器底部受到水的压强为p乙=水gh=1.0103 kg/m310 N/kg0.1m=1.0103 Pa；（3）甲盛有8kg的水，乙盛有2kg的水，若从甲容器中抽取部分水注入乙容器，使甲、乙两容器底部受到水的压力相同，则两容器中水的质量相等，所以甲容器中应抽取3kg水注入乙容器。抽出水的体积为V抽水=310-3m3水面下降的高度为h降=310-3m3水面下降的高度为h降=0.05m容器底部受到水的压强变化量p甲=水

21、 gh降=1.0103kg/m3 10 N/kg0.05m=500Pa；故答案为：（1）210-3m3；（2）1.0103 Pa；（3）500Pa。13.如图所示，连通器粗管直径是细管直径的4倍，现在连通器中注入水银，待水银稳定后再向细管中注入70cm高的水（注入水后细管中仍有水银）。求：粗管中水银面上升多少？细管中水银面下降多少？【答案】4.85cm；0.3cm【解析】【分析】【详解】设两管中水银面的高度差是h水银，这个水银柱产生的压强与70cm高的水柱产生的压强相等，即：P水=P水银 则：水gh水=水银gh水银1.0103kg/m3g0.7m=13.6103kg/m3gh水银，则h水银=5

22、.15102m=5.15cm粗管的直径是细管的4倍，那么粗管的横截面积是细管的16倍，那么，当细管内下降h（cm）时，粗管内的水银就上升（cm），所以：h+=5.15cm=5.15cmh=4.85cm，则：0.3cm。故答案为:4.85cm；0.3cm。14.要使管道里的液体做匀速运动，必须在管道两端有一个压强差p,现有一根长为L,半径为r的水平直圆管，单位时间内通过管道截面的液体体积称为流量Q,已知流量Q与L、r、p有关，还和液体的黏度有关，的单位是Pas。（1）已知Q=kra（），其中k是一个没有单位的常数，所有力学量的单位都是由三个基本物理量（质量、长度、时间）的单位组合而成，请根据等式

23、两边单位应相同的原则，求出、的值。（2）实验求得（1）题中的k=,设成年人主动脉的半径约为=1.310-2m,主动脉的血流量为100ml/s,血液的黏度为4.010-3Pas,试求在一段0.2m长的主动脉中两端的压强差p,并分析当病人患有动脉粥样硬化（相当于血管内径变小）后对人体健康的影响。【答案】（1）、的值依次为4、1、1；（2）主动脉中两端的压强差为7.136Pa,当病人患有动脉粥样硬化后，血管内径变小，要维持正常的血流量，需要增加血管两端的压强差，引起高血压，加大心脏负担，还会进一步影响身体其他方面的健康【解析】（1）根据p=和F=ma进行单位的换算，然后根据等式中两边单位的系数相等得

24、出、的值；（2）把对应题干中的数据代入即可求出主动脉中两端的压强差，然后分析压差对心脏的影响。【分析】本题考查了单位（量纲）的换算和压强差的计算，要了解压强差对心脏的影响。【详解】（1）Q的单位为米秒（），r的单位是米（m）,的单位是Pas=s=.s=s=，则，所以，3=-2,-1=-2y,+=0,联立解得：=4,=-1,=1；（2）由Q=kr4-1=A可得：7.136Pa,当病人患有动脉粥样硬化后，血管内径变小，要维持正常的血流量，需要增加血管两端的压强差，引起高血压，加大心脏负担，还会进一步影响身体其他方面的健康。故答案为：（1）、的值依次为4、1、1；（2）主动脉中两端的压强差为7.13

25、6Pa,当病人患有动脉粥样硬化后，血管内径变小，要维持正常的血流量，需要增加血管两端的压强差，引起高血压，加大心脏负担，还会进一步影响身体其他方面的健康。15.某同学为测量某种油的密度，找到一个特殊的平底试管，该试管内、外截面均匀，管壁有一定厚度，试管底部很薄其厚度可以不计，实验室有以下器材：盛水大容器、尺、滴管、作图用坐标纸、吸水棉和吸水纸、蒸馏水、装在塑料杯内的待测密度的油。他按照如下的方法进行测量：（1）如图甲所示，将试管开口向上，竖直浸入盛水大容器中；（2）在试管中加水，先加一定量的水，待试管平衡后，用尺量出lc、lz,然后不断地加水，始终保持试管平衡，测得多组lc、lz记入表中；（3

26、）把试管中的水倒掉，并用水棉和吸水纸将试管擦干，在试管中滴入待测密度的油，重复上述过程；（4）作图求解油的密度。表1 表2管中加水 管中加油lc（cm） lz（cm） lc（cm） lz（cm）3.70 11.70 5.70 12.504.50 12.30 6.00 12.604.90 12.60 6.00 12.805.20 12.90 6.40 13.005.30 13.00 6.80 13.305.70 13.30 7.20 13.50请你根据上述实验步骤，推导出求解油密度的关系式，并利用表中的数据，通过在图乙中作图求出油的密度。【答案】油密度的关系式为内=，大小为0.82g/cm3。【

27、解析】【分析】【详解】设，试管内部的横截面积为Sc，试管外部的横截面积为Sz，试管底到管外水面的距离为lz，管内液体的高度为lc，水的密度为，管内液体的密度为内，试管的质量为M，则：试管受到的浮力F浮=gV排=gSzlz，由=可得试管内液体的重力为G内=m内g=内V内g=内Sclcg，试管的重力GM=Mg，因始终保持试管平衡，即漂浮，所以，F浮=G内+GM,gSzlz=内Sclcg+Mg，即lz=，管内为水时的斜率k1=，管内为油时的斜率k2=k1，则油的密度内=，利用描点法结合表中数据做出lc-lz的图象如下图所示：取（3.70, 11.70）和（5.30, 13.00）两点计算左图的斜率k

28、1=0.8125，取（5.70 ,12.50）和（7.20, 13.50）两点计算左图的斜率k2=0.6667，则由的密度：内=1g/cm30.82g/cm3。答：油密度的关系式为内=，大小为0.82g/cm3。 . 精品试卷第 2 页 （共 2 页） HYPERLINK http:/(.) (.)中小学教育资源及组卷应用平台浙教版七下第三章：运动和力培优讲座高难度选用1.如图所示，两个实心圆柱体放置在水平地面上，沿水平方向分别截去其上部相同的高度h后，剩余部分对水平地面的压强相等。则它们原来对水平地面的压强关系是（ ）A.P甲=P乙 B.P甲P乙 C.P甲P乙 D.无法确定2.如图所示，把质

29、量为m1、m2的实心正方体铁块和铝块分别放在水平桌面上（已知p铁p铝）,它们对桌面的压强相等。若在铁块上方沿水平方向截去一部分放在铝块上面，此时铁块对桌面的压强变化量为p1,铝块对桌面的压强变化量为p2,则m1,m2及p1、p2的大小关系为（ ）A.m1m2；p1p2 B.m1m2；p1p2C.m1m2；pp2 D.m1m2；p1p23.如图所示，甲、乙两个正方体分别放置在水平地面上，它们各自对地面的压强相等。若分别在两个正方体的上部，沿水平方向截去相同体积后，则甲、乙的剩余部分对地面的压力F甲 和F乙 、压强p甲 和p乙 的关系是（ ）A.F甲 F乙 ,p甲 p乙B.F甲 F乙 ,p甲 =p

30、乙C.F甲 F乙 ,p甲 p乙D.F甲 =F乙 ,p甲 p乙4.圆柱形容器注入某种液体，深度为H,容器底的半径为r。如果液体对倒壁的压力等于对容器底部的压力，那么H:r为（ ）A.1:1 B.1:2 C.2:1 D.:15.如图所示，甲、乙两人同时从A地出发，其中，甲沿直线AB匀速运动，乙沿直线AC匀速运动，甲运动的速度是乙的两倍，经过3min,甲到达B地后，保持速度大小不变，马上沿直线向C地运动，怡好在C地与乙相遇，则乙从A地运动到C地的时间可能为（ ）A.4min B.8min C.12min D.16min6.高校每天早上都派小汽车准时接刘教授上班。一次，刘教授为了早一点赶到学校，比平时

31、提前半小时出发步行去学校，走了27min时遇到来接他的小汽车，他上车后小汽车立即掉头前进，设刘教授步行速度恒定为,小汽车来回速度大小恒定为u,刘教授上车以及小汽车掉头时间不计，则可判断（ ）A.刘教授将会提前3min到校，且:u=1:10B.刘教授将会提前6min到校，且:u=1:10C.刘教授将会提前3min到校，且:u=1:9D.刘教授将会提前6min到校，且:u=1:97.物理学中将物体在单位时间内速度的增加量定义为加速度。依据该定义，若某物体在t时间内速度从1增加到2,则加速度为。现有一小球从1m/s开始以2m/s2的加速度加速运动4s,则4s末小球的速度为（ ）A.1m/s B.2m

32、/s C.7m/s D.9m/s8.如图所示，一个半径为R的半圆形的凹槽固定在地面上，一个半径为KR（K1）的圆柱体从凹槽的右端静止释放，假设凹槽内表面足够粗糙，圆柱体在滚动时不会打滑，刚释放时，圆柱体表面的箭头指向凹槽中心O,当K=时，圆柱体滚动到凹槽左端最高点时箭头的指向为（ ）A.水平向右 B.水平向左 C.竖直向上 D.竖直向下9.如图是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图。测速仪发出并接收超声波脉冲信号，根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测物体的速度。图b中P1、P2是测速仪发出的超声波，n1、n2分别是P1、P2由汽车反射回来的信号。设测速仪匀速扫描，P1、P2之间的时

33、间间隔t=0.8s,超声波在空气中传播的速度=340m/s,若汽车是匀速行驶的，则根据图b可知，图中每小格表示的时间是 s,汽车在接收到P1、P2两个信号之间的时间内前进的距离是 m。10.一个底面积为100c足够高的柱形容器M装有20cm深的水，置于水平地面上；一个质量忽略不计的硬塑料瓶固定在轻杆上，内有适量的水，如图甲所示。塑料瓶ABCD部分为柱形，柱形部分高度hAB为16cm。用手拿住轻杆。将该瓶从图甲中刚接触水面位置，缓慢竖直下降6cm,杆对瓶的拉力F随下降高度h之间的关系图像如图乙所示。然后从该位置继续向下，直到水面与AD相平为止，则瓶内所装水的重力为 N；当水面与AD相平时，瓶外的水对容器M底部的压强为 Pa。11.将一未装满水密闭的矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置，如图所示。瓶盖的面积是8c,瓶底的面积是28c,瓶重和厚度忽略不计（g取10 N/kg）。求：（1）倒立放置时瓶盖所受水的压力和压强；（2）倒立放置时矿泉水瓶对桌面的压强。12.甲