2022-2023学年山东省东营市胜利第七中学高三物理月考试题含解析

1、2022-2023学年山东省东营市胜利第七中学高三物理月考试题含解析一、 选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分每小题只有一个选项符合题意1. 一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0和t=0.20 s时的波形分别如图中实线和虚线所示。己知该波的周期T0.20 s。下列说法正确的是_A波速为0.40 m/sB波长为0.08 mCx=0.08 m的质点在t=0.70 s时位于波谷Dx=0.08 m的质点在t=0.12 s时位于波谷E若此波传入另一介质中其波速变为0.80 m/s，则它在该介质中的波长为0.32 m参考答案：ACE2. （多选题）如图所示为某时刻的两列简谐横波在同一介质中沿相同

2、方向传播的波形图，此时a波上某质点P的运动方向如图所示，则下列说法正确的是（）A两列波具有相同的波速B此时b波上的质点Q正向上运动C一个周期内，Q质点沿x轴前进的距离是P质点的1.5倍D在P质点完成30次全振动的时间内Q质点可完成20次全振动Ea波和b波在空间相遇处会产生稳定的干涉图样参考答案：ABD【考点】横波的图象；波长、频率和波速的关系【分析】两列简谐横波在同一介质中传播时波速相同，传播相同距离所用时间相同运用波形平移法判断质点的振动方向由图可两列波波长的大小关系，再分析周期的长短，再比较时间关系根据频率关系研究相同时间内全振动次数关系两列波只有频率相同时，才能产生稳定的干涉【解答】解：

3、A、两列简谐横波在同一介质中波速相同故A正确B、此时a波上某质点P的运动方向向下，由波形平移法可知，波向左传播，且知此时b波上的质点Q正向上运动故B正确C、在简谐波传播过程中，介质中质点只上下振动，不会沿x轴前进，故C错误D、由图可知，两列波波长之比 a：b=2：3，波速相同，由波速公式 v=f得a、b两波频率之比为 fa：fb=3：2所以在P质点完成30次全振动的时间内Q质点可完成20次全振动，故D正确E、两列波的频率不同，不能产生稳定的干涉图样故E错误故选：ABD3. 如图所示，一个质量为m，带电量为q的粒子，从平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，不计重力，当入射速度为v时，恰好穿过电场而不

4、碰金属板，要使粒子的入射速度变为v/2，仍能恰好穿过电场，则必须再使 （ ） A粒子的电量变为原来的1/4 B两板间电压减为原来的1/2 C保证极板带电量不变，板间距离增为原来的4倍 D保证极板间电压不变，两板间距离增为原来的2倍参考答案：ACD4. （单选）如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为的固定斜面上滑块与斜面之间的动摩擦因数为若滑块与斜面之间的最大静摩擦力和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g，则（）A将滑块由静止释放，如果tan，滑块将下滑B给滑块沿斜面向下的初速度，如果tan，滑块将减速下滑C用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是mgsinD用平行于斜面向

5、上的力拉滑块向上匀速滑动，如果=tan，拉力大小应是2mgsin参考答案：解：A、若tan，则mgsinmgcos0所以滑块不会下滑故A错误B、若tan，mgsinmgcos0，则合力大于0，所以滑块会受到向下的力，将加速下滑，故B错误；C、如果=tanmgsinmgcos=0，则合力等于零则无需拉力拉动，滑块只需要有给他一个速度即可以匀速向下滑动了，故C错误；D、如果=tan，则合力等于0当滑块向上运动的时候，摩擦力方向与运动相反，即向下，所以向上的拉力大小F=mgsin+mgcos，因为=tan，所以mgsin=mgcos，所以F=2mgsin，故D正确故选：D5. （单选）如图所示，A、

6、B两物体之间用轻质弹簧连接，用水平恒力F拉A，使A、B一起沿光滑水平面做匀加速直线运动，这时弹簧长度为L1；若将A、B置于粗糙水平面上，用相同的水平恒力F拉A，使A、B一起做匀加速直线运动，此时弹簧长度为L2若A、B与粗糙水平面之间的动摩擦因数相同，则下列关系式正确的是（）AL2L1BL2L1CL2=L1D由于A、B质量关系未知，故无法确定L1、L2的大小关系参考答案：解：第一种情况：水平面光滑时： 用水平恒力F拉A时，对于整体，由牛顿第二定律可得，F=（mA+mB）a， 对B受力分析可得，F1=mBa=第二种情况：水平面粗糙时，对于整体：F（mA+mB）=（mA+mB）a对B受力分析； F2

7、mBg=mBa由解得，F2=可知F1=F2 故L1=L2故C正确故选：C二、 填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 图甲为某一小灯泡的UI图线，现将两个这样的小灯泡并联后再与一个4的定值电阻R串联，接在内阻为1、电动势为5V的电源两端，如图乙所示。则通过每盏小灯泡的电流强度为_A，此时每盏小灯泡的电功率为_W。参考答案：0.3；0.6。7. 如图，在斜面顶端先后水平抛出同一小球，第一次小球落到斜面中点，第二次小球落到斜面底端。则两次小球运动时间之比t1t2=_；两次小球落到斜面上时动能之比EK1EK2=_。参考答案：； 8. （1）接通打点计时器电源和让纸带开始运动，这两个操作间的

8、顺序关系是 （填字母序号）A、先接通电源，后让纸带运动B、现让纸带运动，再接通电源C、让纸带运动的同时接通电源D、现让纸带运动或先接通电源都可以（2）在研究某物体运动规律时，打点计时器打下如图所示的一条纸带，已知打点计时器使用的交流电频率为50HZ，相邻两计数点间还有四个打点未画出，由纸带上的数据可知，打B点时物体的速度v= ，物体运动的加速度a= （结果保留两位有效数字）参考答案：（1）A；（2）0.16m/s，0.30m/s2【考点】探究小车速度随时间变化的规律【分析】理解实验过程应当先接通电源，在释放纸带如果先释放纸带后接通电源，有可能会出现小车已经拖动纸带运动一段距离，电源才被接通，那

9、么纸带上只有很小的一段能打上点，大部分纸带没有打上点，纸带的利用率太低；纸带实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度【解答】解：（1）如果先释放纸带后接通电源，有可能会出现小车已经拖动纸带运动一段距离，电源才被接通，那么纸带上只有很小的一段能打上点，大部分纸带没有打上点，纸带的利用率太低；所以应当先接通电源，后让纸带运动，故选：A（2）相邻两记数点间还有四个点未画出，所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s打E点时物体的速度vB=0.16m/s采用逐差法求解加速度根据运动学公式得：x=at2，a=0.30m/s2故

10、答案为：（1）A；（2）0.16m/s，0.30m/s29. 密闭在钢瓶中的理想气体,温度升高时压强增大. 从分子动理论的角度分析,这是由于分子热运动的 _增大了. 该气体在温度T1、T2 时的分子速率分布图象如题12A-1 图所示,则T1 _(选填“大于冶或“小于冶)T2.参考答案：10. （2分）已知水的折射率是n=1.33，则光在水中的传播速度为 。 参考答案： 答案：2.3108m/s11. 利用 粒子散射实验最早提出原子核式结构模型的科学家是 ；他还利用 粒子轰击（氮核）生成和另一种粒子，写出该核反应方程 参考答案：卢瑟福， 12. 单位换算：10 m/s = cm/s = km/h

11、参考答案：1000 ； 36 13. 在“研究电磁感应现象”的实验中，首先按右上图接线，以查明电流表指针的偏转方向与电流方向之间的关系当闭合S时观察到电流表指针向左偏,不通电时电流表指针停在正中央.然后按右下图所示将电流表与线圈B连成一个闭合回路,将线圈A、电池、滑动变阻器和电键S串联成另一个闭合电路S闭合后，将线圈A插入线圈B的过程中,电流表的指针将 （填：左偏、右偏或者不偏）(2)线圈A放在B中不动时,指针将 （填：左偏、右偏或者不偏）(3)线圈A放在B中不动,将滑动变阻器的滑片P向左滑动时,电流表指针将 （填：左偏、右偏或者不偏）(4)线圈A放在B中不动,突然断开S.电流表指针将 （填：

12、左偏、右偏或者不偏） 参考答案：（1）右偏，（2）不偏，（3）右偏，（4）左偏 三、 实验题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14. 为了探究影响平抛运动水平射程的因素，某同学通过改变抛出点的高度及初速度的方法做了6次实验，实验数据记录如下表。序号抛出点的高度（m）水平初速度（m/s）水平射程（m）10.202.00.4020.203.00.6030.204.00.8040.452.00.6050.454.01.2060.802.00.80若探究水平射程与初速度的关系，可用表中序号为 的实验数据进行分析。若探究水平射程与高度的关系，可用表中序号为 的实验数据进行分析。参考答案：l、2、3

13、 1、4、6（少选得1分，不选或错选不得分，全对得3分） 15. 某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，测得图中弹簧OC的劲度系数为500 N/m.如图1所示，用弹簧OC和弹簧秤a、b做“探究求合力的方法”实验在保持弹簧伸长1.00 cm不变的条件下：(1)若弹簧秤a、b间夹角为90，弹簧秤a的读数是_N(图2中所示)，则弹簧秤b的读数可能为_N.(2)若弹簧秤a、b间夹角大于90，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角，则弹簧秤a的读数_、弹簧秤b的读数_(填“变大”“变小”或“不变”)参考答案： (1). 3.00； (2). 3.9； (3). 变大； (

14、4). 变大试题分析：（1）根据胡克定律可知，；根据弹簧秤的读数方法可知，a的读数为300N；两弹簧秤夹角为90，则可知，b的读数为：；（2）若弹簧秤a、b间夹角大于90，保持弹簧秤a与弹簧OC的夹角不变，减小弹簧秤b与弹簧OC的夹角；如图所示；则可知两弹簧秤的示数均变大；考点：考查验证平行四边形定则的实验【名师点睛】由胡克定律可求得拉力大小；再根据弹簧秤的读数方法可明确对应的读数；根据几何关系即可求得b的读数；根据题意作出对应的图象，根据图象即可明确随夹角的变化两弹簧秤拉力的变化情况四、计算题：本题共3小题，共计47分16. （16分）某大型游乐场内，有一种能使人感觉体超重、失重的大型娱乐设

15、施，该设施用电梯将乘坐有十多人的座舱悬停在几十米的高空处，然后让座舱从高空自由落下（此时座舱受到的阻力极小，可忽略），当落至一定位置时，良好的制动系统开始工作，使座舱落至地面时刚好停止。假设座舱开始下落时的高度为80 m，当下落至地面30 m时，开始对座舱进行制动，并认为座舱的制动过程是匀减速运动。 （1）当座舱从开始下落了20 m时，质量是60 kg的人对座舱的压力为多大？试说明理由。 （2）当座舱下落到距离地面10 m位置时，人对座舱的压力与人所受到的重力之比是多少？参考答案： 解析： （1）N=0 （2分） 因为物体处于完全失重状态 F合= mgN = mg 所以N=0 （2分） （2）

16、设飞机座舱距地面30时速度为，制动后加速度大小为 则有： （2分） （2分） 联立式解得 （2分）设座舱对人的支持力为N，由牛顿第二定律得 （3分）由牛顿第三定律，人对座舱的压力： （1分） 所以 （2分） 17. 在如图所示的光滑水平面上，小明站在静止的小车上用力向右推静止的木箱，木箱最终以速度秒向右匀速运动已知木箱的质量为m，人与车的质量为2m，木箱运动一段时间后与竖直墙壁发生无能量损失的碰撞，反弹回来后被小明接住求：推出木箱后小明和小车一起运动的速度v1的大小；小明接住木箱后三者一起运动的速度v2的大小参考答案：【知识点】 动量守恒定律 F2 F3【答案解析】(1) (2) 解析： 由动量守恒定律 解得 小明接木箱的过程中动量守恒 解得 【思路点拨】在推出木箱的过程中，木箱和小明以及车组成的系统动量守恒，根据动量守恒定律求出推出木箱后小明和小车一起运动的速度v1的大小；小明在接木箱的过程中动量守恒，根据动量守恒定律求出小明接住木箱后三者一起运动的速度v2的大小解决本题的关键掌握动量守恒定律，以及在运用动量守恒定律解题时注意速度的方向18. 如图，体积为V、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞；气缸内密封有温度为2.4T0、压强为1.2p0的理想气体p0和T0分别为大气的压强和温度已知：气体内能U与温度T的关系为UT，为正的常量