【试题解析】福建省泉州市晋江市毓英中学2015届高三下学期第十一次模拟物理试卷

1、福建省泉州市晋江市毓英中学2021届2021届高考物理十一模试卷一、选择题1一物块以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直线滑行，到达最高点后自行向下滑动，不计空气阻力，设物块与斜面间的动摩擦因数处处相同，以下哪个图象能正确地表示物块在这一过程中的速率与时间的关系( )ABCD2如下图，一个质量为m的人站在台秤上，跨过光滑定滑轮将质量为m的重物从高处放下，设重物以加速度a加速下降ag，且mm，那么台秤上的示数为( )Am+mgmaBmmg+maCmmgmaDmmg3如下图为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线

2、，那么下述说法正确的选项是( )A0t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定Bt1t2时间内汽车牵引力做功为mvmvCt1t2时间内的平均速度为v1+v2D在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2t3时间内牵引力最小4火星外表特征非常接近地球，2011年11月4日，火星500MARS500实验圆满结束，我国志愿者王跃与俄罗斯志愿者一起完成“模拟登陆火星实验活动火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期与地球根本相同地球外表重力加速度是g，假设王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的选项是( )A王跃在火星外表受的万有引力是在地球外表受万有引力的倍

3、B火星外表的重力加速度是C王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是D火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍5如下图，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路到达稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变以下某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增大两板间的距离D断开电键S6如下图，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行点a电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V一个质子从b点以v0的速度射入此

4、电场，入射方向与bc成45，一段时间后经过c点不计质子的重力以下判断正确的选项是( )Ac点电势高于a点电势B强场的方向由b指向dC质子从b运动到c所用的时间为D质子从b运动到c，电场力做功为4eV二、第二卷必考局部共10题，共157分7在“探究恒力做功和小车动能变化之间的关系实验中，实验装置如图1所示平衡摩擦力后，假设要使小车所受的合力近似等于砂桶和砂的总重力，那么小车质量M与砂桶和砂总质量m应满足的关系是_；如下图是某次实验中得到的一条纸带的一局部，A、B、C是前面三个相邻的计数点，D、E、F是后面三个相邻的计数点，相邻计数点问的时间间厢为T，计数点间的距离如图2所示，那么打E点时小车的速

5、度大小vE=_用题中的物理量符号表示利用图2纸带中的物理量，选取B点到E点来探究恒力做功和小车动能变化之间的关系计算得恒力做功W=_，用上述的物理量符号表示，重力加速度为g，动能的变化Ek=MvE2MVE2，假设WEk那么说明小车运动过程中恒力做功等于动能变化8一种电池标称电动势为9V，内电阻约50，允许的最大输出电流为50mA为了较准确的测量这个电池的电动势和内电阻，可以设计出如图乙所示的实验电路，实验中所使用的电压表内电阻足够大，可以忽略其对电路的影响；图中R为电阻箱，阻值范围为0999.9，R0为保护电阻实验室里备用的定值电阻有以下几种规格：A10 B50 C200 D500实验时，R0

6、应选用_较好填字母代号按照图乙所示的电路图，将图甲所示的实物连 接成实验电路在实验中，当变阻箱调到图丙所示位置时其阻值是_，这时闭合开关S，假设电压表的示数为8.70V，那么此时通过电阻箱的电流为_mA断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数屡次重复上述操作，可得到多组电压值U和通过电阻箱的电流值I，利用屡次读取和计算出的数据，作出如图丁所示的图线根据图线可知，该电池的电动势E=_V，内阻r=_9如下图，M为一线圈电阻RM=0.4的电动机，R=24，电源电动势E=40V当S断开时，电流表的示数I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求：1电源内阻r

7、2开关S闭合时，通过电动机的电流及电动机消耗功率1019分半径为R，均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布如下图，图中E0，Er曲线下OR局部的面积等于R2R局部的面积1写出Er曲线下面积的单位；2己知带电球在rR处的场强E=，式中k为静电力常量，该均匀带电球所带的电荷量Q为多大？3求球心与球外表间的电势差U；4质量为m，电荷量为q的负电荷在球面处需具有多大的速度可以刚好运动到2R处？11图中有一个竖直固定在地面的透气圆筒，筒中有一劲度系数为K的轻弹簧，其下端固定，上端连接一质量为m的薄滑块圆筒内壁涂有一层新型智能材料ER流体，它对滑块的阻力可调，起初滑块静止，ER流体对

8、其阻力为0，弹簧的长度为L，现有一质量也为m的物体从距地面2L处自由落下，与滑块碰撞后粘在一起向下运动，为保证滑块做匀减速运动，且下移距离为2mg/k时速度减为0，ER流体对滑块的阻力须随滑块下移而变，试求忽略空气阻力：1下落物体与滑块碰撞过程中系统损失的机械能；2滑块向下运动过程中加速度的大小；3滑块下移距离d时ER流体对滑块阻力的大小三、物理选修3-3此题共有两小题，每题6分，共12分每题只有一个选项符合题意12以下关于热学现象和热学规律的说法，正确的选项是( )A布朗运动就是液体分子的无规那么运动B第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律C物体的温度为0时，物体分子的平均动能为

9、零D热量能从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体13图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气假设玻璃管内水柱上升，那么外界大气的变化可能是( )A温度降低，压强增大B温度升高，压强不变C温度升高，压强减小D温度不变，压强减小四、物理选修3-5此题共有两小题，每题0分，共12分每题只有一个选项符合题意14氦原子的一个核外电子被电离，会形成类似氢原子结构的氦离子基态的氦离子量为E1=54.4eV，氦离子能级的示意图如下图可以推知，在具有以下能量的光子中，不能被基态氦离子吸收而发生跃迁的是( )A40.8 eVB

10、43.2 eVC51.0 eVD54.4 eV15半径相等的两个小球甲和乙如图，在光滑的水平面上沿同一直线相向运动，假设甲球质量大于乙球质量，发生碰撞前，两球的动能相等，那么碰撞后两球的状态可能是 ( )A两球的速度方向均与原方向相反，但它们动能仍相等B两球的速度方向相同，而且它们动能仍相等C甲、乙两球的动量相同D甲球的动量不为零，乙球的动量为零福建省泉州市晋江市毓英中学2021届2021届高考物理十一模试卷一、选择题1一物块以某一初速度沿粗糙的斜面向上沿直线滑行，到达最高点后自行向下滑动，不计空气阻力，设物块与斜面间的动摩擦因数处处相同，以下哪个图象能正确地表示物块在这一过程中的速率与时间的

11、关系( )ABCD考点：匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题分析：首先应该根据动能定理判定物体离开出发点时的速度和回到出发点时的速度的大小关系，以判定答案在AD中还是在BC中再根据平均速度的大小判定上升和下降过程所用时间的长短解答：解：由于整个过程当中摩擦力始终对物体做负功，故物体的机械能持续减小，所以物体回到出发点的速率小于开始运动时的初速度，故D错误由于物体上升和下降过程中通过的路程相同，而上升时的平均速度大于下降时的平均速度，故物体上升的时间小于物体下降的时间故AB错误，而C正确应选C点评：由于滑动摩擦力的方向与物体运动的方向始终相反，故物体的机械能始终减小，这是我们在解题过程中

12、经常用到的一个突破口2如下图，一个质量为m的人站在台秤上，跨过光滑定滑轮将质量为m的重物从高处放下，设重物以加速度a加速下降ag，且mm，那么台秤上的示数为( )Am+mgmaBmmg+maCmmgmaDmmg考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用专题：共点力作用下物体平衡专题分析：先对重物受力分析，受重力和拉力，加速下降，然后根据牛顿第二定律列式求出绳子的拉力；再对人受力分析，受到重力、拉力和支持力，根据平衡条件求出支持力，而台秤读数等于支持力解答：解：对重物受力分析，受重力和拉力，加速下降，根据牛顿第二定律，有：mgT=ma 再对人受力分析，受到重力、拉力和支持力，根据共点力

13、平衡条件，有：N+T=mg 由，解得N=mmg+ma应选B点评：此题关键是分别对重物和人受力分析，然后根据牛顿第二定律和平衡条件列式求解3如下图为汽车在水平路面上启动过程中的速度图象，Oa为过原点的倾斜直线，ab段表示以额定功率行驶时的加速阶段，bc段是与ab段相切的水平直线，那么下述说法正确的选项是( )A0t1时间内汽车做匀加速运动且功率恒定Bt1t2时间内汽车牵引力做功为mvmvCt1t2时间内的平均速度为v1+v2D在全过程中t1时刻的牵引力及其功率都是最大值，t2t3时间内牵引力最小考点：动能定理的应用；平均速度；匀变速直线运动的图像专题：运动学中的图像专题；动能定理的应用专题分析：

14、在速度时间图象中倾斜的直线表示匀变速直线运动，而水平的直线表示匀速直线运动，曲线表示变速直线运动；由图象可知物体的运动情况，由P=Fv可知，牵引力的变化；由动能定理可知牵引力所做的功解答：解：A、0t1时间内为倾斜的直线，故汽车做匀加速运动，因故牵引力恒定，由P=Fv可知，汽车的牵引力的功率均匀增大，故A错误；B、t1t2时间内动能的变化量为，而在运动中受牵引力及阻力，故牵引力做功一定大于，故B错误；C、t1t2时间内，假设图象为直线时，平均速度为v1+v2，而现在图象为曲线，故图象的面积大于直线时的面积，即位移大于直线时的位移，故平均速度大于v1+v2，故C错误；D、由P=Fv及运动过程可知

15、，t1时刻物体的牵引力最大，此后功率不变，而速度增大，故牵引力减小，而t2t3时间内，物体做匀速直线运动，物体的牵引力最小，故D正确；应选D点评：此题由图象确定物体的运动情况，由P=Fv可分析牵引力及功率的变化；平均速度公式=v1+v2只适用于匀变速直线运动4火星外表特征非常接近地球，2011年11月4日，火星500MARS500实验圆满结束，我国志愿者王跃与俄罗斯志愿者一起完成“模拟登陆火星实验活动火星半径是地球半径的，质量是地球质量的，自转周期与地球根本相同地球外表重力加速度是g，假设王跃在地面上能向上跳起的最大高度是h，在忽略自转影响的条件下，下述分析正确的选项是( )A王跃在火星外表受

16、的万有引力是在地球外表受万有引力的倍B火星外表的重力加速度是C王跃以相同的初速度在火星上起跳时，可跳的最大高度是D火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍考点：万有引力定律及其应用；第一宇宙速度、第二宇宙速度和第三宇宙速度专题：万有引力定律的应用专题分析：根据万有引力定律公式求出王跃在火星上受的万有引力是在地球上受万有引力的倍数根据万有引力等于重力，得出重力加速度的关系，从而得出上升高度的关系根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系解答：解：A、根据万有引力定律得，F=G知王跃在火星外表受的万有引力是在地球外表受万有引力的倍故A错误B、根据万有引力等于重力得，G=mg，g=，知火星外表重力

17、加速度时地球外表重力加速度的倍，那么火星外表重力加速度为g故B错误C、因为火星外表的重力加速度是地球外表重力加速度的倍，根据h=，知火星上跳起的高度是地球上跳起高度的倍，为h故C错误D、根据万有引力提供向心力G=m，得v=，知火星的第一宇宙速度是地球第一宇宙速度的倍故D正确应选：D点评：解决此题的关键掌握万有引力等于重力和万有引力提供向心力两个理论，并能灵活运用5如下图，电路中R1、R2均为可变电阻，电源内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放置，闭合电键S，电路到达稳定时，带电油滴悬浮在两板之间静止不动，如果仅改变以下某一个条件，油滴仍能静止不动的是( )A增大R1的阻值B增大R2的阻值C增

18、大两板间的距离D断开电键S考点：闭合电路的欧姆定律；电容器的动态分析专题：电容器专题分析：分析清楚电路结构，求出极板间的电场强度，求出油滴受到的电场力，然后根据电场力的表达式分析答题解答：解：根据图示电路图，由欧姆定律可得：电容器两端电压：U=IR1=R1=，油滴受到的电场力：F=，开始时油滴静止不动，F=mg，要使油滴保持静止不动，那么电场力应保持不变；A、增大R1的阻值，电场力：F=变大，电场力大于重力，油滴受到的合力向上，油滴向上运动，故A错误；B、增大R2的阻值，电场力：F=不变，电场力与重力仍然是一对平衡力，油滴静止不动，故B正确；C、增大两板间的距离，极板间的电场强度减小，电场力减

19、小，小于重力，油滴受到的合力向下，油滴向下运动，故C错误；D、断开电键S，极板间的电场强度为零，电场力为零，油滴受到重力作用，油滴向下运动，故D错误应选：B点评：此题考查了判断油滴的运动状态问题，分析清楚极板间的电场力如何变化是正确解题的关键6如下图，a、b、c、d是某匀强电场中的四个点，它们正好是一个矩形的四个顶点，ab=cd=L，ad=bc=2L，电场线与矩形所在平面平行点a电势为20V，b点电势为24V，d点电势为12V一个质子从b点以v0的速度射入此电场，入射方向与bc成45，一段时间后经过c点不计质子的重力以下判断正确的选项是( )Ac点电势高于a点电势B强场的方向由b指向dC质子从

20、b运动到c所用的时间为D质子从b运动到c，电场力做功为4eV考点：带电粒子在匀强电场中的运动；电势专题：压轴题；带电粒子在电场中的运动专题分析：匀强电场的电场线为相互平行间隔相等的平行线，而等势线与电场线垂直；由题意知bd连线上一定有一点的电势与a点相等，故可以找到一条等势线，根据电场线与等势线的特点可确定电场线的方向，由几何关系可知c点电势；由电场力做功的特点可求得电场力做功解答：解：A、连接bd，bd两点的电势差为24V12V=12V；ad两点的电势差为20V12V=8V；因，故将bd分成3份，每一份表示4V，如下图，e点的电势一定为20V，连接ae即为等势线，f的电势为16V，连接fc，

21、由几何知识得知，fcae，那么知c的电势是16V，故a点电势高于c点的电势，故A错误；B、强场的方向垂直于等势线，那么知强场的方向垂直于ae向上，不是由b指向d故B错误C、由于bc两点的电势分别为24V、16V，那么bc中点的电势为20V，那么a、e、o在同一等势面上，由于ab=bo=L，abo=90，那么bao=boa=45，因为电场线与等势线ao垂直，所以场强的方向与bc的夹角为45，质子从b运动到c时做类平抛运动，沿初速度v0方向做匀速直线运动，那么运动时间为t=故C正确；D、假设质子由b到c，因bc间的电势差为24V16V=8V，那么电场力做功W=Ue=8ev；故D错误应选C点评：此题

22、的关键在于找出等势面，然后才能确定电场线，要明确电场线与等势线的关系，能利用几何关系找出等势点，再根据等势线的特点确定等势面二、第二卷必考局部共10题，共157分7在“探究恒力做功和小车动能变化之间的关系实验中，实验装置如图1所示平衡摩擦力后，假设要使小车所受的合力近似等于砂桶和砂的总重力，那么小车质量M与砂桶和砂总质量m应满足的关系是Mm；如下图是某次实验中得到的一条纸带的一局部，A、B、C是前面三个相邻的计数点，D、E、F是后面三个相邻的计数点，相邻计数点问的时间间厢为T，计数点间的距离如图2所示，那么打E点时小车的速度大小vE=用题中的物理量符号表示利用图2纸带中的物理量，选取B点到E点

23、来探究恒力做功和小车动能变化之间的关系计算得恒力做功W=mgs4s1，用上述的物理量符号表示，重力加速度为g，动能的变化Ek=MvE2MVE2，假设WEk那么说明小车运动过程中恒力做功等于动能变化考点：探究功与速度变化的关系专题：实验题分析：当小车质量远远大于砂与砂桶质量时，可以近似认为小车受到的拉力等于砂桶的重力根据匀变速运动的推论：做匀变速直线运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，求出E点的速度根据功的计算公式求出功解答：解：平衡摩擦力后，当小车的质量M远远大于砂与砂桶的质量m时可以近似认为砂与砂桶的重力等于小车受到的合力由匀变速运动的推论可知，打E点时的速度：v

24、E=；小车受到的拉力等于砂与砂桶的重力，从B点到E点，恒力对小车做功W=mgs4s1故答案为：Mm；mgs4s1点评：此题考查了实验考前须知、求瞬时速度、求功等问题，知道实验原理、掌握并灵活应用匀变速直线运动的推论、功的计算公式即可正确解题8一种电池标称电动势为9V，内电阻约50，允许的最大输出电流为50mA为了较准确的测量这个电池的电动势和内电阻，可以设计出如图乙所示的实验电路，实验中所使用的电压表内电阻足够大，可以忽略其对电路的影响；图中R为电阻箱，阻值范围为0999.9，R0为保护电阻实验室里备用的定值电阻有以下几种规格：A10 B50 C200 D500实验时，R0应选用C较好填字母代

25、号按照图乙所示的电路图，将图甲所示的实物连 接成实验电路在实验中，当变阻箱调到图丙所示位置时其阻值是343.8，这时闭合开关S，假设电压表的示数为8.70V，那么此时通过电阻箱的电流为16mA断开开关S，调整电阻箱的阻值，再闭合开关S，读取并记录电压表的示数屡次重复上述操作，可得到多组电压值U和通过电阻箱的电流值I，利用屡次读取和计算出的数据，作出如图丁所示的图线根据图线可知，该电池的电动势E=9.5V，内阻r=50.0考点：测定电源的电动势和内阻专题：实验题分析：当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律求出此时的R0，再选择定值电阻R0的规格此题用闭合电路欧姆定律列式求解

26、电源内阻，按要求即可画出电路图；由图可知，图象由纵坐标的交点为电动势；由图象与横坐标的交点利用闭合电路欧姆定律可求得内电阻及短路电流解答：解：当电阻箱的电阻调为零时，电路中电流最大，根据闭合电路欧姆定律得Im=，得R0=130，所以保护电阻应大于130，但不能太大，应选200，故ABD错误，C正确此题用闭合电路欧姆定律列式求解电源内阻，电阻箱和保护电阻串连接入电源，电压表接在电阻箱两端，电路图如下图：当变阻箱调到图5所示位置后，电阻箱的电阻为：80.1+31+410+3100=343.8；闭合开关S，电压表的示数为8.70V，根据欧姆定律得：I=16mA由UI图可知，电源的电动势E=9.5V；

27、由闭合电路欧姆定律可知图象的斜率代表内阻：r=50.0；故答案为：C；电路图如下图；343.8；16mA；9.5；50.0点评：此题考查根本测量工具的读数能力、设计电路的根本能力、作图能力，等等，对能力要求较高9如下图，M为一线圈电阻RM=0.4的电动机，R=24，电源电动势E=40V当S断开时，电流表的示数I1=1.6A，当开关S闭合时，电流表的示数为I2=4.0A求：1电源内阻r2开关S闭合时，通过电动机的电流及电动机消耗功率考点：电功、电功率专题：恒定电流专题分析：1当S断开时，根据闭合电路欧姆定律求解电源的内阻2当开关S闭合时，电流表的示数，求出路端电压，由欧姆定律求出通过R的电流，得

28、到通过电动机的电流，由功率公式P=UI可求得功率解答：解：1设电源内阻为r，当S断开时，即，得：r=12当S合上时，I2=4A，那么：U内=I2r=4VU外=EU内=40V4V=36V，也即电动机两端电压为36V；流过R的电流：IR=1.5A；流过电动机的电流：I=I2IR=41.5=2.5A；电动机的功率：P=3641.5=90W；答：1内阻为1；2流过电动机的电流为2.5A；电动机的功率为90W点评：对于电动机电路，正常工作时是非电阻电路，根据能量守恒求解其输出功率，要区分电动机的输出功率与效率的不同，不能混淆1019分半径为R，均匀带正电荷的球体在空间产生球对称的电场；场强大小沿半径分布

29、如下图，图中E0，Er曲线下OR局部的面积等于R2R局部的面积1写出Er曲线下面积的单位；2己知带电球在rR处的场强E=，式中k为静电力常量，该均匀带电球所带的电荷量Q为多大？3求球心与球外表间的电势差U；4质量为m，电荷量为q的负电荷在球面处需具有多大的速度可以刚好运动到2R处？考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场强度专题：压轴题；电场力与电势的性质专题分析：1Er曲线下面积是E对r的积分形式，对应的是电势差；2通过R处的场强，根据点电荷的场强公式求出均匀带电体所带的电荷量3通过图线围成的面积求出球心与球外表积的电势差4根据动能定理求出负电荷的初速度大小解答：解：1Er曲线下面积表示

30、电势差，那么单位为V2根据R处的场强为E0，有，解得Q=3Er曲线下围成的面积表示电势差，那么球心与球外表间的电势差U=4Er曲线下OR局部的面积等于R2R局部的面积，知外表与2R处的电势差大小为根据动能定理得，解得答：1Er曲线下面积的单位为V2该均匀带电球所带的电荷量Q为3球心与球外表间的电势差为4质量为m，电荷量为q的负电荷在球面处需具有的速度可以刚好运动到2R处点评：解决此题的关键知道Er围成的面积表示的含义，可以类比于速度时间图线围成的面积表示位移进行分析11图中有一个竖直固定在地面的透气圆筒，筒中有一劲度系数为K的轻弹簧，其下端固定，上端连接一质量为m的薄滑块圆筒内壁涂有一层新型智

31、能材料ER流体，它对滑块的阻力可调，起初滑块静止，ER流体对其阻力为0，弹簧的长度为L，现有一质量也为m的物体从距地面2L处自由落下，与滑块碰撞后粘在一起向下运动，为保证滑块做匀减速运动，且下移距离为2mg/k时速度减为0，ER流体对滑块的阻力须随滑块下移而变，试求忽略空气阻力：1下落物体与滑块碰撞过程中系统损失的机械能；2滑块向下运动过程中加速度的大小；3滑块下移距离d时ER流体对滑块阻力的大小考点：动量守恒定律；机械能守恒定律专题：动量定理应用专题分析：1根据机械能守恒可以求得碰撞前物体的速度大小，在根据动量守恒可以求得碰撞后物体的速度大小，从而可以求得碰撞中能量的损失；2由物体的运动过程

32、可以求得物体的加速度的大小；3对物体受力分析，由牛顿第二定律可以求得滑块受到的阻力的大小解答：解：1设物体下落末速度为v0，由机械能守恒定律有：mgL=m得：v0=设碰后共同速度为v1，规定向下为正方向，由动量守恒定律得：2mv1=mv0得：v1=根据能量守恒得碰撞过程中系统损失的机械能为：E=m2m=mgL2设加速度大小为a，有：2ax=v12，x=，得：a=3设弹簧弹力为FN，ER流体对滑块的阻力为FER，受力分析如下图：FN+FER2mg=2maFN=kxx=d+得：FER=mg+kd答：1下落物体与滑块碰撞过程中系统损失的机械能为mgL；2滑块向下运动过程中加速度的大小为；3滑块下移距

33、离d时ER流体对滑块阻力的大小为mg+kd点评：此题中不仅用到了机械能守恒还有动量守恒和牛顿第二定律，题目的综合性较强，能够很好考查学生的分析问题的能力三、物理选修3-3此题共有两小题，每题6分，共12分每题只有一个选项符合题意12以下关于热学现象和热学规律的说法，正确的选项是( )A布朗运动就是液体分子的无规那么运动B第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律C物体的温度为0时，物体分子的平均动能为零D热量能从高温物体传到低温物体，但不可能从低温物体传到高温物体考点：热力学第二定律；热力学第一定律专题：热力学定理专题分析：布朗运动是固体小颗粒的无规那么运动；第二类永动机符合能量守恒定

34、律，但却违背了热力学第二定律温度是分子平均动能的标志，0时，物体分子的平均动能不为零；热量能从高温物体传到低温物体，也可以从低温物体传到高温物体，只不过要引起其他方面的变化解答：解：A、布朗运动是悬浮在液体中固体小颗粒的运动，不是液体分子的无规那么运动，而是液体分子无规那么运动的反映，故A错误；B、第二类永动机不可能制成是因为它违背了热力学第二定律；即不可能从单一热源吸收热量，而源源不断的对外做功；故B正确；C、温度为0时，物体分子在做无规那么运动，其平均动能也不为零；故C错误；D、热量也可以从低温物体传到高温物体，但要引起其他方面的变化；故D错误；应选：B点评：此题考查热学中的布朗运动、热力

35、学第二定律，要注意热力学第二定律中的方向性13图为伽利略设计的一种测温装置示意图，玻璃管的上端与导热良好的玻璃泡连通，下端插入水中，玻璃泡中封闭有一定量的空气假设玻璃管内水柱上升，那么外界大气的变化可能是( )A温度降低，压强增大B温度升高，压强不变C温度升高，压强减小D温度不变，压强减小考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律专题：理想气体状态方程专题分析：此温度计不是根据液体的热胀冷缩原理制成的，它是靠气体作为膨胀物质，液体的受热膨胀忽略不计；外界大气的压强变化时，根据理想气体的状态方程也可以判定解答：解：设玻璃泡中气体压强为p，外界大气压强为p，那么p=p+gh，且玻璃泡中气体与外界大气温度相同液柱上升，气体体积减小，根据理想气体的状态方程可知，假设P不变，那么V减小时，T减小；假设T不变时，V减小时，P变大即温度T降低或压强P变大是可能的情况故BCD均不符合要求，A正确应选：A点评：题考查的是