【高考模拟】湖北省十堰市某校高三金太阳10月联考-（物理）答案与祥细解析

1、试卷第 =page 22 22页，总 =sectionpages 22 22页试卷第 =page 21 21页，总 =sectionpages 22 22页湖北省十堰市某校高三金太阳10月联考 (物理)一、单选题1. 2月8日，瑞典20岁小将杜普兰蒂斯在男子撑杆跳高中以6米17的成绩打破世界纪录，若他下落到厚为1.17m 的垫子上下列对其跳高过程的分析正确的是（） A.撑杆上升过程中他一直处于失重状态B.他运动到最高点时处于平衡状态C.他在空中下落过程约用时1sD.他下落到垫子上时的速度大小约为5m/s2. 某物体做直线运动的v-t图像如图所示，下列说法正确的是（） A.物体在t=2s时加速度

2、方向发生改变B.物体在前3s内通过的路程为5mC.物体在前3s内的平均速度大小为53m/sD.物体在前3s内做非匀变速直线运动3. 北斗问天，国之夙愿我国“北斗三号”系统的收官之星是地球静止轨道卫星，其轨道半径约为地球半径的7倍地球第一宇宙速度与地球静止轨道卫星的线速度大小之比约为（） A.6:1B.7:1C.6:1D.7:14. 如图所示，倾角为37、质量为10kg的斜面体ABC静置于粗糙水平地面上，AB面光滑质量为1kg的物块（视为质点）从AB面顶端A点由静止释放，斜面体始终保持静止，取重力加速度大小g=10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8则在物块下滑的过程中（） A.物块

3、的加速度大小为5m/s2B.物块对斜面体的压力大小为6NC.地面对斜面体的摩擦力大小为4.8ND.斜面体对地面的压力大小为110N5. 一物体做竖直上抛运动，第2s内的位移大小是第3s内位移大小的2倍，取重力加速度大小g=10m/s2则物体的初速度大小可能为（ ） A.15m/sB.25m/sC.35m/sD.45m/s6. 如图所示，水平向右运动的小汽车通过轻绳和光滑定滑轮拉小船，使小船向河岸匀速靠近，假设该过程中小船受到的水的阻力不变则该过程中（） A.小汽车向右做减速运动B.小汽车向右做匀速运动C.轻绳受到的拉力保持不变D.小船受到的浮力保持不变7. 如图所示，空调安装工人用绳索把一台空

4、调室外机从地面提升到安装架上，安装处的工人收绳索，同时地面处的工人放绳索，使室外机沿收绳索方向匀速运动到安装架处设上面绳子的拉力大小为F1，下面绳子的拉力大小为F2则空调室外机在上升过程中（） A.F1减小，F2减小B.F1增大，F2减小C.F1减小，F2增大D.F1增大，F2增大8. 如图所示，质量M=1kg的框架放在水平地面上，一劲度系数k=1102N/m的轻质弹簧上端固定在框架上，下端连接一个质量m=0.5kg的小球让小球在弹簧作用下上下振动（未超出弹性范围），框架始终没有离开地面，取重力加速度大小g=10m/s2，不计空气阻力则（） A.当框架对地面的压力大小F=20N时，弹簧缩短了1

5、0cmB.当框架对地面的压力大小F=20N时，弹簧的形变量为5cmC.当框架对地面的压力大小F=5N时，小球的加速度大小为10m/s2，方向竖直向上D.当框架对地面的压力大小F=5N时，小球的加速度大小为20m/s2，方向竖直向下二、多选题 无人机在距离水平地面高度h=10m处，以速度v0=10m/s水平匀速飞行并释放一包裹，不计空气阻力，取重力加速度大小g=10m/s2则（） A.包裹释放后在空中运动的时间为2sB.包裹落地时的速度大小为103m/sC.包裹释放点到落地点的水平距离为102mD.包裹落地时的速度方向与水平方向的夹角为45 如图甲所示，一质量m=2kg的物体在拉力F的作用下由静

6、止开始竖直向上做加速直线运动，其运动时的加速度a与时间t的关系图像如图乙所示，取重力加速度大小g=10m/s2不计空气阻力则下列说法正确的是（） A.在t=1s时，拉力F的大小为21NB.在t=2s时，物体的速度大小为1m/sC.在02s时间内，物体的位移大小为1mD.在04s时间内，物体的平均速度大小为2m/s 如图所示，水平地面上叠放着质量相等的A、B两物块一水平向右的恒力F作用在物块B上，物块A、B恰好能一起向右做匀加速直线运动所有接触面均粗糙，若在运动中突然将F改为作用在物块A上，则此后A、B的运动可能是（） A.A做加速运动，B做减速运动B.A做加速运动，B做匀速运动C.A、B仍以相

7、同的加速度做匀加速运动D.A、B均做加速运动，但加速度大小不相等 7月23日，我国“长征五号”遥四运载火箭将“天问一号”火星探测器在海南文昌发射中心发射升空，并成功进入预定轨道“天问一号”火星探测器将在地火转移轨道飞行7个月后，到达火星若“天问一号”在火星表面附近绕火星运行一周的时间为T，已知地球半径为火星半径的p倍，地球质量为火星质量的q倍，地球表面的重力加速度大小为g，则（） A.火星表面的重力加速度大小为p2gqB.火星的半径为pT2g42q2C.火星的第宇宙速度为p2gT2qD.地球的第一宇宙速度为gT2pq三、实验探究题 在探究弹簧的弹力与伸长量之间关系的实验中，所用装置如图甲所示，

8、将轻弹簧的一端固定，另一端与力传感器连接，其总长度通过刻度尺测得，某同学的实验数据列于下表中总长度x/cm5.006.007.008.009.00弹力F/N2.003.996.008.0110.00 （1）以x为横坐标，F为纵坐标，在图乙的坐标纸上描绘出弹簧的弹力大小与弹簧总长度间的关系图线 （2）由图线求得这一弹簧的原长为_cm，劲度系数为_N/m（结果保留三位有效数字） 疫情期间“停课不停学”，小明同学在家自主开展实验探究用手机拍摄物体自由下落的视频，得到分帧图片，利用图片中小球的位置来测量当地的重力加速度，实验装置如图甲所示 （1）家中有小铁球、小木球和乒乓球，其中最适合用作实验中下落物

9、体的是_ （2）下列主要操作步骤的最合理顺序是_（填写各步骤前的序号）把刻度尺竖直固定在墙上打开手机摄像功能，开始摄像手机固定在三角架上，调整好手机镜头的位置捏住小球，从刻度尺的0刻线处由静止释放小球 （3）停止摄像，从视频中截取三张图片，图片中的小球和刻度尺的位置如图乙所示已知所截取的图片相邻两图的拍摄时间间隔为0.2s，刻度尺的最小分度是1mm，由此测得重力加速度大小为_m/s2（结果保留两位小数） （4）在某次实验中，小明释放小球时手不小心晃动，视频显示小球下落时偏离了竖直方向从该视频中截取图片_（选填“仍能”或“不能”）用（3）中的方法测出重力加速度大小四、解答题 如图所示，甲、乙两位

10、同学在水平桌面上做推杯子游戏，比赛规则是人推杯子（视为质点）时放手位置不能超过直线l1，杯子离开手后应垂直l1、l2在水平桌面上滑行，停止后离直线l2更近者获胜，但杯子不能滑出l2某次甲同学在直线l1处放手推出杯子，杯子恰好运动到直线l2处，乙同学在离直线l1处还有0.5m的位置放开杯子，杯子恰好运动到直线l1、l2的正中间处已知l1、l2之间的距离为4m，杯子与桌面间的动摩擦因数=0.2，取重力加速度大小g=10m/s2，结果可用根号表示求： （1）甲同学放开杯子时杯子的速度大小； （2）乙同学放开杯子后，杯子在桌面上滑行的时间 如图所示，长l=0.9m的轻绳一端固定，另一端系一质量m=0.

11、2kg的小球（视为质点），用水平向左的力F缓慢拉小球，当轻绳与竖直方向的夹角=60时，小球处于静止状态，现突然撤去拉力F取重力加速度大小g=10m/s2 （1）求撤去拉力F前瞬间轻绳对小球的拉力大小； （2）若撤去拉力F后，小球摆到最低点时的速度大小为3m/s，求小球在最低点时轻绳受到的拉力大小 如图所示，倾角=37且足够长的斜面固定在水平面上一质量m=2kg的物体（视为质点），在方向平行斜面向上、大小F=20N的拉力作用下，由静止开始从斜面底端沿斜面向上运动，经过t0=4s的时间撤去拉力F已知物体与斜面间的动摩擦因数=0.25，取重力加速度大小g=10m/s2、sin37=0.6、cos37

12、=0.8，结果可用根号表示求： （1）物体沿斜面上升的最大距离x； （2）物体在斜面上运动的时间t 如图所示，ABCD为固定在竖直平面内的两段粗糙的圆弧轨道，两段圆弧轨道相切于C，圆弧ABC的半径R1=1m，圆弧DC的半径R2=0.4m，O1B、O2D分别为两段圆弧的竖直半径，O1A与竖直方向的夹角=53一质量m=1kg的小球（视为质点）从P点水平抛出，恰好从A点沿切线方向进入圆弧轨道，到圆弧最高点D后水平射出，又恰好落到圆弧轨道的A点已知P、A两点的高度差h=5m，不计空气阻力，取重力加速度大小g=10m/s2，sin53=0.8，cos53=0.6，结果可用根号表示求： （1）小球从P点抛

13、出时的速度大小； （2）小球在D点时对轨道的压力大小； （3）小球经D点后落到A点时的速度大小参考答案与试题解析 湖北省十堰市某校高三金太阳10月联考 (物理)一、单选题1.【答案】C【考点】自由落体运动的计算牛顿运动定律的应用-超重和失重【解析】当物体的加速度竖直向上时，物体处于超重状态，当当物体的加速度竖直向下时，物体处于失重状态；对支撑物的压力或对悬挂物的拉力小于物体的重力时物体处于失重状态；对支撑物的压力或对悬挂物的拉力大于物体的重力时物体处于超重状态【解答】解：A在撑杆上升开始阶段加速度的方向向上，处于超重状态，故A错误；B运动员上升到最高点时，只受重力作用，受力不平衡，不是处于平衡

14、状态，故B错误；C运动员从最高点6.17m处，在竖直方向上以初速度v=0做自由落体运动，下落到厚为1.17m 的垫子上，下落距离为s=6.17m-1.17m=5m，根据s=12gt2得，t=2sg=1s，故C正确；D由C分析知从最高点落到垫子上时间是1s，则落在垫子上时的速度vvy=gt=10m/s，故D错误故选C2.【答案】B【考点】v-t图像（匀变速直线运动）【解析】解答本题关键抓住：v-t图象的斜率大小等于加速度，由斜率分析质点的加速度关系；当质点做加速度恒定不变的直线运动时，质点即做匀变速直线运动；2s末物体的速度为零，且改变运动方向；根据v-t图象与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，

15、求解03s内物体的位移【解答】解：AD根据v-t图像的意义可知，03s内物体的加速度恒定不变，质点先做匀减速直线运动，后反向做匀加速直线运动，故AD错误；B根据v-t图像与坐标轴所围的“面积”大小等于位移，可知，03s内物体的位移是x=1242m-122(3-2)m=3m，路程s=1242m+122(3-2)m=5m，故B正确；C物体在前3s内的平均速度大小为v=xt=3m3s=1m/s，故C错误故选B3.【答案】D【考点】随地、绕地问题第一宇宙速度【解析】根据万有引力提供向心加速度，分析卫星线速度大小的大小关系【解答】解：根据万有引力提供向心力，有GMmr2=mv2r，解得v=GMr，则地球

16、第一宇宙速度与地球静止轨道卫星的线速度大小之比v1v2=GMrGM7r=71，故ABC错误，D正确故选D4.【答案】C【考点】用牛顿运动定律分析斜面体模型【解析】利用牛顿第二定律求解加速度大小，再以整体为研究对象，水平方向、竖直方向根据牛顿第二定律进行分析【解答】解：A由于AB面光滑，质量为m=1kg的物体从AB面顶端A点由静止释放后做加速运动，其加速度大小为a=gsin37=6m/s2，故A错误；B对物块A受力分析可知：斜面对物块A的支持力FN=mgcos37=8N，由牛顿第三定律可知，物块对斜面体的压力大小等于斜面对物块的支持力大小，为8N，故B错误；C分析斜面可知：f=FNsin37=4

17、.8N，故C正确；D斜面体对地面的压力大小为N=Mg+FNcos37110N，故D错误故选C5.【答案】C【考点】竖直上抛运动【解析】根据竖直上抛运动规律列式分别表示第2s内物体位移和第3s物体位移，再由已知条件列式表示，再由速度大小关系分类讨论【解答】解：物体在第2s内的位移x2=v0t2-12gt22-v0t1-12gt12=v0-32g，同理可得在第3s内的位移x3=v0t3-12gt32-v0t2-12gt22=v0-52g，由于x2=2x3，当v025m/s时，有v0-32g=2v0-52g，解得v0=35m/s；当15m/sv025m/s时，有v0-32g=2(52g-v0)，解得

18、v0=653m/s；当v015m/s时，有(32g-v0)=2(52g-v0)，解得v0=35m/s，不合题意故C正确，ABD错误故选C6.【答案】A【考点】平衡条件的基本应用绳端速度分解模型【解析】将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，根据平行四边形定则得出拉绳子的速度与船的速度关系，从而进行判断；对船受力分析，通过共点力平衡分析拉力、浮力的变化【解答】解：AB设绳子与水平方向夹角为，将船的速度分解为沿绳子方向和垂直于绳子方向，可得v船cos=v车，由于增大，而船速不变，故小汽车速度减小，即为减速运动，故A正确，B错误；CD对小船进行受力分析，因为小船做匀速直线运动，所以小船处于平衡状

19、态，合力为零，有：Fcos=f，Fsin+F浮=mg，船在匀速靠岸的过程中，增大，阻力不变，根据平衡方程知，绳子的拉力F不断增大，船的浮力不断减小，故CD错误故选A7.【答案】D【考点】图解法在动态平衡问题中的应用【解析】【解答】解：设上面绳子与墙面的夹角为，下面绳子与地面的夹角为，空调外机沿收绳索方向匀速运动，故角不变，角增大，且两绳的合力为空调的重力G，如图：则F1增大，F2增大，故D正确故选：D8.【答案】D【考点】牛顿运动定律的应用从受力确定运动胡克定律【解析】对框架分析，根据平衡条件计算弹簧弹力大小和方向，再对小球分析根据牛顿第二定律计算加速度【解答】解：AB当框架对地面的压力大小为

20、F=20N时，对框架分析根据平衡条件可知，弹簧被伸长，且弹簧上拉力为F=10N，此时根据胡克定律F=kx可得弹簧的伸长量x=Fk=0.1m=10cm，故AB错误；CD当框架对地面的压力大小为F=5N时，对框架分析根据平衡条件可知，弹簧被压缩，且弹簧上弹力大小为F=5N，此时对小球根据牛顿第二定律有F+mg=ma，解得小球的加速度a=20m/s2，故C错误，D正确故选D二、多选题【答案】B,C【考点】平抛运动基本规律及推论的应用【解析】做平抛运动的物体在竖直方向为自由落体运动，在水平方向为匀速直线运动，根据运动的合成与分解分析计算【解答】解：A包裹做平抛运动，在竖直方向上为自由落体运动，根据h=

21、12gt2，解得在空中运动的时间t=2s，故A错误；B包裹落地时竖直速度vy=gt=102m/s，则落地时的合速度v=v02+vy2=103m/s，故B正确；C包裹释放点到落地点的水平距离为x=v0t=102m，故C正确；D包裹落地时的速度方向与水平方向的夹角正切值为tan=vyv0=2，故D错误故选BC【答案】A,B【考点】非常规图像【解析】a-t图象中，图象与坐标轴围成的面积表示速度的增量；【解答】解：A图像的关系式为a=12t，t=1s时，a=0.5m/s2，由牛顿第二定律得F-mg=ma，解得F=21N，故A正确B由速度公式v=at，可知面积为速度的增量，初速度为零，故t=2s时，速度

22、大小为1m/s，故B正确将其转化为v-t图像如图：直线为匀变速直线运动图象，曲线为转化的图象C由图可知，由于加速度逐渐增大，故物体的位移小于x=12vt=1m，故C错误Dt=4s时速度大小为4m/s，若物体做匀加速直线运动，则平均速度为2m/s，由图可知，变加速直线运动的位移小于匀变速直线运动的位移，故平均速度小于2m/s，故D错误故选：AB【答案】A,B,D【考点】物物叠放连接体【解析】此题暂无解析【解答】解：物块A、B恰好能一起向右做匀加速直线运动，可知A与B之间为最大静摩擦力设A、B质量均为m，A、B一起向右的加速度大小为a，A、B之间的最大静摩擦力大小为f1，B与地面之间的滑动摩擦力大

23、小为f2设向右为正方向，对A分析，A所受摩擦力提供动力，摩擦力向右，有a=f1m，对B分析，B所受摩擦力均为阻力，摩擦力均向左，a=F-f1-f2m，联立解得F=2f1+f2若突然将F作用在A上，则A所受摩擦力向左，加速度aA=F-f1m=f1+f2m，B所受A的摩擦力向右，所受地面的摩擦力向左，B的加速度aB=f1-f2m，所以，当f10，aB0，aB=0，则A做加速运动，B做匀速运动；当f1f2时，aA0，aB0，aAaB，则A、B均做加速运动，但加速度大小不相等综上所述，ABD正确，C错误故选ABD【答案】A,C【考点】天体运动中的信息题万有引力定律及其应用【解析】根据万有引力等于重力，

24、得出重力加速度的关系；根据万有引力提供向心力求出第一宇宙速度的关系【解答】解：A根据GMmR2=mg可得g=GMR2，则g火g地=M火M地R地2R火2=pq2，则g火=p2gq，故A正确；BGM地=gR地2GM火R火2=42R火T2，联立解得R火=p2gT242q，故B错误C第一宇宙速度v=2TR火=gp2T2q，故C正确D结合与GM地R地2=v地2R地，联立解得v地=gT2p3q，故D错误故选：AC三、实验探究题【答案】（1）如解答图所示（2）4.0,200【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系【解析】以纵轴表示弹簧的弹力，横轴表示弹簧的伸长量，描点作图让尽量多的点落在直线上或分居直线两侧图象的斜

25、率表示弹簧的劲度系数【解答】解：（1）描点作图如图所示：（2）根据图像，该直线为过原点的一条倾斜直线，即弹力与伸长量成正比，图像的斜率表示弹簧的劲度系数，k=Fx=200N/m；在x=4cm时开始有力的作用，即弹簧开始伸长，说明弹簧的原长是4.00cm【答案】（1）小铁球（2）（3）9.25（4）仍能【考点】测定重力加速度【解析】（1）为减少实验误差，选取小球时要尽可能选取体积小、密度大的球（2）根据实验目的和实验方法确定合力的实验步骤（3）求出根据图2可知三幅图中小球中心对应的刻度值，根据逐差法求解加速度（4）只要竖直方向的运动规律不变，则仍能够测定重力加速度【解答】解：（1）利用小球的自由

26、下落测量当地的重力加速度的实验中，要求空气阻力相对于小球的重力来说可以忽略，所以选取小球时要尽可能选取体积小、密度大的球，故几种小球中最适合用作实验中下落物体的是小铁球（2）实验时要先把刻度尺竖直固定在墙上，再固定手机，调整好手机镜头的位置，然后打开手机摄像功能，开始摄像，从刻度尺旁静止释放小球，故正确的操作顺序为：（3）根据图2可知三幅图中小球中心对应的刻度值分别为：x1=2.60cm=0.0260m，x2=26.60cm=0.2660m，x3=87.60cm=0.8760m根据逐差法求解加速度的方法可得：g=(x3-x2)-(x2-x1)T2=(0.8760-0.2660)-(0.2660

27、-0.0260)0.22m/s2=9.25m/s2（4）虽然小球下落时偏离了竖直方向，但在竖直方向仍为匀加速直线运动，所以仍能够用（3）问中的方法测出重力加速度四、解答题【答案】（1）甲同学放开杯子时杯子的速度大小为4m/s；（2）乙同学放开杯子后，杯子在桌面上滑行的时间为t=102【考点】加速度与力、质量的关系式【解析】此题暂无解析【解答】解：（1）杯子做匀减速直线运动，由牛顿第二定律可知：mg=ma，甲同学：v12=2ax1，其中x1=4m，则甲同学放开杯子时的速度大小：v1=4m/s（2）乙同学放开杯子后：x2=12at2，其中x2=0.5m+4m2，解得：t=102【答案】（1）撤去拉力F前瞬间轻绳对小球的拉力大小为4N；（2）小球在最低点时受到的拉力大小