江苏省盐城市第一中学2023学年物理高二第一学期期中质量检测试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，A、B、C三点都在匀强电场中，已知ACBC，ABC60，BC20 cm，把一个电荷量q105C的正电荷从A移到B，静电力做功为零，从B移到C，静电力做功为1.

2、73103J，则该匀强电场的场强大小和方向是( )A865 V/m， 垂直AC向左B865 V/m， 垂直AC向右C1000 V/m，垂直AB斜向上D1000 V/m，垂直AB斜向下2、汤姆孙通过对阴极射线的研究发现了电子如图所示，把电子射线管（阴极射线管）放在蹄形磁铁的两极之间，可以观察到电子束偏转的方向是（）A向下B向上C向左D向右3、下列说法中正确的是（ ）A电流的方向就是电荷移动的方向B电流都是由电子的移动形成的C在直流电源对外供电的过程中，外电路上电流的方向是从电源正极流向负极D电流是有方向的量，所以是矢量4、带电量分别为2Q、4Q 的两点电荷，相距为r，相互作用力为F。现把两个电荷

3、的电量各减少一半，距离减小为r4，则两个点电荷的相互作用力变为（ ）A4FB2FCF2DF45、一匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象如图所示，在该匀强电场中，有一个带电粒子于t0时刻由静止释放，若带电粒子只受电场力作用，则下列说法中正确的是()A带电粒子只向一个方向运动B02 s内，电场力所做的功等于零C4 s末带电粒子回到原出发点D2.54 s内，速度的改变等于零6、一质量为m的运动员从下蹲状态开始起跳，经的时间，身体伸直并刚好离开地面，速度为v，在此过程中地面对他作用的冲量大小和做的功分别为（ ）A，B，C，0D，0二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个

4、选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，粒子源S能在纸面内向任意方向发射速率相同、质量为m、电量为+q、不计重力的同种粒子，MN是足够大的竖直挡板，粒子源S到档板的距离为L，挡板左侧有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为从不计粒子间的相互作用，则A若粒子源S发射的粒子速率为，粒子到达挡板的最短时间是B若粒子源S发射的粒子速率为，粒子到达挡板的最短时间是C若粒子源S发射的粒子速率为 ，则挡板能被粒子击中部分的长度为2LD若粒子源S发射的粒子速率为，则挡板能被粒子击中部分的长度为8、条形磁铁放在水平桌面上，它的上方靠S极的一侧悬挂

5、一根与它垂直的导体棒，如图所示图中只画出此棒的横截面，且标出棒中的电流是流向纸内的在通电的一瞬间，可能出现的情况是() A磁铁对桌面的压力减小 B磁铁对桌面的压力增大C磁铁受到向左的摩擦力 D磁铁受到向右的摩擦力9、如图所示，水平放置的两条光滑轨道上有可自由移动的金属棒PQ、MN，当PQ在外力作用下运动时，MN在磁场力作用下向右运动则PQ所做的运动可能是(说明：导体棒切割磁感线速度越大，感应电流越大) ()A向右匀加速运动B向左匀加速运动C向右匀减速运动D向左匀减速运动10、如图所示，理想变压器原线圈的匝数n11100匝，副线圈的匝数n2110匝，R0、R1、R2均为定值电阻，且R0R1R2，

6、电流表、电压表均为理想电表原线圈接u220sin(314t)V的交流电源起初开关S处于断开状态下列说法中正确的是()A电压表示数为22VB当开关S闭合后，电压表示数变小C当开关S闭合后，电流表示数变大D当开关S闭合后，变压器的输出功率增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）用如图甲所示装置来验证动量守恒定律，质量为mA的钢球A用细线悬挂于O点，质量为mB的钢球B放在离地面高度为H的小支柱N上，使悬线在A球释放前伸直，O点到A球球心的距离为L，且线与竖直线夹角为，A球释放后摆到最低点时恰与B球正碰，碰撞后，A球把轻质指示针OC推移到

7、与竖直线夹角处，B球落到地面上，地面上铺有一张盖有复写纸的白纸D，保持角度不变，多次重复上述实验，白纸上记录到多个B球的落点图中S是B球初始位置到B球平均落点的水平距离 （1）图乙为B球的落地点，用_（填使用的工具名称）确定B球的平均落地点，碰撞后B球的水平射程应取为_ cm ；（2）用题中所给的物理量表示碰撞后A球碰撞前后的速度分别为：vA= _； _；（3）用题中所给的物理量表示碰撞后B球碰撞前后的速度为：vB= _；（4）用题中所给的物理量表示需要验证的动量守恒表达式：_12（12分）用如图1所示装置研究平抛运动将白纸和复写纸对齐重叠并固定在竖直的硬板上钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从Q点飞出

8、，落在水平挡板MN上由于挡板靠近硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点移动挡板，重新释放钢球，如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点 (1)下列实验条件必须满足的有_ A斜槽轨道光滑 B斜槽轨道末段水平 C挡板高度等间距变化 D每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球 (2)为定量研究，建立以水平方向为x轴、竖直方向为y轴的坐标系 a取平抛运动的起始点为坐标原点，将钢球静置于Q点，钢球的_（选填“最上端”、“最下端”或者“球心”）对应白纸上的位置即为原点；在确定y轴时_（选填“需要“或者“不需要”）y轴与重锤线平行 b若遗漏记录平抛轨迹的起始点，也可按下述方法处理数据：如

9、图2所示，在轨迹上取A、B、C三点，AB和BC 的水平间距相等且均为x，测得AB和BC的竖直间距分别是y1和y2，则_（选填“大于”、“等于”或者“小于”）可求得钢球平抛的初速度大小为_（已知当地重力加速度为g，结果用上述字母表示） (3)伽利略曾研究过平抛运动，他推断：从同一炮台水平发射的炮弹，如果不受空气阻力，不论它们能射多远，在空中飞行的时间都一样这实际上揭示了平抛物体_ A在水平方向上做匀速直线运动 B在竖直方向上做自由落体运动 C在下落过程中机械能守恒四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，

10、有一电子（质量m，电量为e）经电压U0加速后，进入两块间距为d、电压为U的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且正好能沿下板边缘射出电场，求：（1）电子从加速电场U0射出时的速度？（2）电子在平行金属板间（即偏转电场中）运动时的加速度？（3）金属板AB的长度？14（16分）如图所示，有一匀强磁场，磁感应强度B=1T有一段长L=0.1 m的导线垂直磁场方向放置，当导线中通以I=0.5A的水平向右的电流时（1）判断导线所受安培力的方向是垂直导线向上还是向下；（2）求导线所受到的安培力F的大小15（12分）如图所示，将一个电荷量为q=+31010C的点电荷从电场中的点移到点的过程中，克服

11、电场力做功6109J已知点的电势为，求（1）电荷在点的电势能（2）点的电势参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由题，q=10-5C的正电荷从A移到B，电场力做功为零，则A与B电势相等，AB连线是一条等势线从B移到C，电场力对正电荷做负功，说明C点电势高于B点的电势，根据电场线与等势面垂直，且指向低电势处，电场线如图所示BC间电势差为则该匀强电场的场强大小：A. 865 V/m， 垂直AC向左，与分析不符，故A错误B. 865 V/m， 垂直AC向右，与分析不符，故B错误C. 1000 V/m，垂直AB斜向

12、上，与分析不符，故C错误D. 1000 V/m，垂直AB斜向下，与分析相符，故D正确2、A【解析】试题分析：磁场方向从左到右，带负电的电子束从负极到正极，所以根据左手定则可得离子束受到向下的洛伦兹力作用，故A正确考点：考查了洛伦兹力方向的判断3、C【解析】电流的方向就是正电荷定向移动的方向 ，选项A错误；电流不都是由电子的移动形成的，有的是由离子视为定向移动产生的，选项B错误；在直流电源对外供电的过程中，外电路上电流的方向是从电源正极流向负极，选项C正确；电流是有方向的量，但是电流是标量，选项D错误；故选C【点睛】本题中要注意电流的形成以及方向，同时明确电流的方向与矢量的方向意义不同，其运算按

13、代数法则，不能按照平行四边形定则计算，故电流不是矢量，是标量4、A【解析】由库仑定律可得，变化前的F=K2Q4Qr2，变化后F=KQ2Q(r4)2=k32Q2r2，所以F=4F，故A正确。【点睛】此题比较简单，直接根据库仑定律得出两次作用的表达式，则可求得距离减小后相互作用力，从而解出此题。5、D【解析】A、由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度a ，第2s内加速度的，a2是a1的2倍，因此带电粒子先加速1s再减小0.5s速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示，由对称关系可得，反向加速的距离使带电粒子刚回到减速开始的点，故A错误；B、02s内，带电粒子的初速度为零，但

14、末速度不为零，由动能定理可知电场力所做的功不为零，故B错误；C、由v-t图象中图线与坐标轴围成的图形的面积为物体的位移，由对称可以看出，前4s内的位移不为零，所以带电粒子不会回到原出发点，故C错误；D、由v-t图象可知，2.54 s内，速度的改变等于零，故D正确；故选D。6、C【解析】人的速度原来为零，起跳后变化v，则由动量定理可得：故地面对人的冲量为：；由于支持力的作用点没有位移，故地面对人做功为零，故选项C正确，选项ABD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、A

15、D【解析】AB粒子到达挡板的最短距离为L，此时所对圆心角最小，所用时间最短，如图，由几何关系得圆心角=，粒子做圆周运动的周期：所以最短时间为：故A正确，B错误.CD当粒子速度：时粒子圆周运动半径R=L，粒子能打在挡板上的点与S的距离最大为2R=2L，如图打到A点，则：当粒子向右水平射出时，刚好能打在档板上如图B点，BC=R所以被粒子击中的部分长度为：AB=AC+BC=.故C错误，D正确.8、AC【解析】在磁铁外部磁感线由N极指向S极，通电导体棒处在磁场中，由左手定则可知其受安培力作用，条形磁铁也受到反作用力作用，产生两种效果，其一向上提起的效果；其二向右运动的效果，即磁铁对桌面的压力减小，同时

16、磁铁受到向左的摩擦力作用，故AC正确，BD错误；故选AC9、BC【解析】MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；根据右手螺旋定则，与楞次定律可知PQ的运动情况【详解】MN在磁场力作用下向右运动，说明MN受到的磁场力向右，由左手定则可知电流由M指向N，由楞次定律可知，线圈中产生感应电流的磁场应该是向上减小，或向下增加；再由右手螺旋定则与楞次定律可知，PQ可能是向左加速运动或向右减速运动故BC正确，AD错误。故选BC。【点睛】本题关键是分析好引起感应电流的磁通量的变化，进而才能分析产生电

17、流的磁通量是由什么样的运动产生的。10、BCD【解析】试题分析：线圈接u220sin(314t) V的交流电源，知原线圈电压的有效值U1=220V，根据可求副线圈的电压U2=22V，如图电压表的读数小于22V，所以A错误；当开关S闭合后，增加并联之路，所以电路减小，根据串联电路的分压规律知，电压表示数减小，所以B正确；负载电阻减小，电压不变，所以副线圈电流I2增大，故原线圈电流I1增大，即电流表示数增大，所以C正确；输出功率，负载的总电阻R减小，故输出功率最大，输入功率等于输出功率，也增大，所以D正确考点：本题考查交流电、变压器三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处

18、，不要求写出演算过程。11、圆规 64.8 【解析】（1）用尽量小的圆把落地点圈起来，圆心即为平均落地点，则用圆轨来确定B球的平均落地点，碰撞后B球的水平射程应取为64.8cm；（2）小球从A处下摆过程只有重力做功，机械能守恒，由机械能守恒定律得：mAgL（1-cos）=mAvA2-0，解得：vA=；小球A与小球B碰撞后继续运动，在A碰后到达最左端过程中，机械能再次守恒，由机械能守恒定律得：-mAgL（1-cos）=0-mAvA2，解得vA=；（3）碰前小球B静止，则PB=0；碰撞后B球做平抛运动，水平方向：S=vBt，竖直方向H=gt2，解得vB=S，则碰后B球的动量PB=mBvB=mBS；

19、（4）由动量守恒定律可知，实验需要验证的表达式为：mA=mA+mBS；【点睛】（1）要理解各实验的实验原理、实验器材以及实验的步骤；（2）本题解题的关键是要明确两小球的运动过程以及过程中机械能何时守恒，动量何时守恒12、BD 球心 需要 大于 B 【解析】(1)1ABD为了能画出平抛运动轨迹，首先保证小球做的是平抛运动，所以斜槽轨道不一定要光滑，但必须是水平的同时要让小球总是从同一位置释放，这样才能找到同一运动轨迹上的几个点，故A错误，BD正确；C档板只要能记录下小球下落在不同高度时的不同的位置即可，不需要等间距变化，故C错误；(2)a23小球在运动中记录下的是其球心的位置，故抛出点也应是小球静置于Q点时球心的位置；故应以球心在白纸上的位置为坐标原点；小球在竖直方向为自由落体运动，故y轴必须保证与重锤线平行；b45如果A点是抛出点，则在竖直方向上为初速度为零的匀加速直线运动，则AB和BC的竖直间距之比为1：3；但