2023学年黄石市重点中学高二物理第一学期期中联考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、在匀强电场中，将质量为m，带电量为q的小球由静止释放，带电小球的运动轨迹为一直线，该直线与竖直方向的夹角为，如图所示，则电场强度的大小为A有唯一值B最小值是C最大值D 2、如图所示，直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线，抛物线OBC为同一直流电源内部热功率Pr随电流I变化的图线若A、B对应的横坐标为2 A，那么线段AB表示的功率及I2 A对应的外电阻是( )A6 W、2 B4 W、2 C2 W、1 D2 W、0.5 3、如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正

3、确的是（ ）A电流表示数变小，电压表示数变大B小电珠L变亮C电容器C上电荷量减小D电源的总功率变大4、关于电源的电动势，下列说法正确的是（ ）A电源的电动势就是接在电源两极间的电压表测得的电压B同一电源接入不同的电路，电动势就会发生变化C电源的电动势是表示电源把其他形式的能转化成电能的本领大小的物理量D电路中，当电阻变大时，电源的电动势也增大5、如图所示，平行板电容器的两个极板与水平地面成一角度，两极板与一直流电源相连，若一带电粒子恰能如图中所示水平向右沿直线通过电容器在此过程中，该粒子 A所受重力冲量为零B电势能逐渐减少C做匀变速直线运动D动能逐渐增加6、两根由同种材料制成的均匀电阻丝A、B

4、串联在电路中，A的长度为L，直径为d；B的长度也为L，直径为2d，则通电后A、B在相同的时间内产生的热量之比为（ ）AQA：QB=1：4BQA：QB=4：1CQA：QB=2：1DQA：QB=1：2二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，通电螺线管周围放置能自由转动的小磁针a、b、c、d均已处于静止，则小磁针a、b、c、d指向正确的是( )A小磁针aB小磁针bC小磁针cD小磁针d8、如图所示,在方向水平向左的匀速电场中有一倾角为60、高为H的固定绝缘斜面体,现将一

5、质量为m,带正电且电荷量为q的小物块(可视为质点)从斜面体顶端由静止释放,已知重力加速度为g,匀强电场的电场强度大小为E= 3mgq,不计空气阻力,则A小物块将沿斜面下滑B小物块将做曲线运动C小物块到达地面时的速度大小为22gHD若其他条件不变,只增大电场强度,小物块到达地面前的运动时间不变9、如图所示，一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场(磁感应强度为B)和匀强电场(电场强度为E)组成的速度选择器，然后通过狭缝P进入另一匀强磁场(磁感应强度为B)，最终打在A1A2上，粒子重力不计。下列表述正确的是（ ）A粒子带负电B能通过狭缝P的带电粒子的速率等于C粒子打在A1A2的位置

6、越靠近P，粒子的比荷越大D所有打在A1A2上的粒子，在磁感应强度为B的磁场中的运动时间都相同10、带负电的粒子在某电场中仅受电场力作用，能分别完成以下两种运动：直线运动；圆周运动.则该电场可能由A一个带正电的点电荷形成B一个带负电的点电荷形成C两个分立的带等量正电的点电荷形成D两个分立的带等量负电的点电荷形成三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学利用如图a所示装置做探究弹簧弹力大小和其长度的关系的实验。(1)他通过实验得到如图b所示的弹力大小F与弹簧长度x的关系图线由此图线可得该弹簧的原长x0_cm，劲度系数k_N/m。(2)

7、他又利用本实验原理把该弹簧做成一把弹簧秤，当弹簧秤上的示数如图c所示时，该弹簧的长度x_cm。12（12分）某课外学习小组想描绘标有“4 V、2 W”的小灯泡的UI图象 ， 除导线和开关外还备有以下器材可供选择:A电流表（量程0.6 A ，内阻约为1 ） B电流表（量程3.0 A ，内阻约为0.2 ）C电压表（量程5.0 V ，内阻约为5 k） D电压表（量程15.0 V ，内阻约为15 k）E.滑动变阻器（最大阻值为200，额定电流100 mA） F.滑动变阻器（最大阻值为10，额定电流1.0 A） G.电源（电动势为6.0 V，内阻约为1.5 ）（1）实验中所用的电流表应选_;电压表选_;

8、滑动变阻器应选_.（只需填器材前面的字母代号）（2）将图中的实物连接成实验所需的电路（有两根导线已经接好）_. （3）实验开始时，滑动变阻器的滑片应该置于最_端.（填“左”或“右”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）在方向水平的匀强电场中，绝缘细线的一端连着一个质量为m的带电小球，另一端悬挂于O点。将小球拿到A点（此时细线与电场方向平行）无初速释放，已知小球摆到B点时速度为零，此时细线与竖直方向的夹角为=30，求：（1）小球速度最大的位置。（2）小球速度最大时细线对小球的拉力。14（16分）如图所示，一个

9、电子由静止开始经加速电场加速后，又沿中心轴线从O点垂直射入偏转电场，并从另一侧射出打到荧光屏上的P点，O点为荧光屏的中心。已知电子质量m=9.01031kg，电荷量e=1.61019C，加速电场电压U0=2500V，偏转电场电压U=200V，极板的长度L1=6.0cm，板间距离d=2.0cm，极板的末端到荧光屏的距离L2=3.0cm（忽略电子所受重力）。求：(1)电子射入偏转电场时的初速度v0；(2)电子打在荧光屏上的P点到O点的距离h；15（12分）如图所示的电路中，已知R1=4 ，电流表的读数I=0.75 A，电压表读数U=2.0 V，经一段时间后一电阻断路，使电流表的读数变为I=0.80

10、 A，而电压表的读数变为U=3.2 V，求：（1）发生断路的电阻是哪一个？（2）电源电动势和内阻各是多少？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】带电小球的运动轨迹为直线，在电场中受到重力mg和电场力F，其合力必定沿此直线向下，根据三角形定则作出合力如图所示：由图看出，符合条件的电场强度有多种情况，而当电场力F与此直线垂直时，电场力F最小，场强最小，则有F=qEmin=mgsin，得到场强的最小值为Emin=mgsin/q，由图可知，最大值无法求出故ACD错误，B正确故选B点睛：带电小球在电场中受到重力和电场

11、力，从O点自由释放，其运动轨迹为直线，小球所受的合力方向沿此直线方向，运用三角形定则分析什么情况下场强大小最小，再求出最小值2、D【解析】由电源总功率为P总=EI，得E=3V。由Pr=I2r，可知r=1。当电流为2A时，I=ER+r，得R=0.5。此时线段AB表示的功率P=EI-I2r=2W。综上分析，D正确。3、A【解析】滑片向左移动，滑动变阻器的电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，干路电流减小，电流表的示数减小，串联电路的电阻遵循分压原理，则随着滑动变阻器电阻的增大，其分压相应增大，电压表示数增大，选项A正确干路电流减小，小电珠变暗，选项B错误电容器与变阻器并联，分压升高，则电容器上的电荷增

12、多，选项C错误干路电流减小，电源电动势不变，则电源的总功率减小，选项D错误4、C【解析】解：A项，电压表测得的是电源电压，小于电动势，故A项错误。B、D项，电动势是非静电力在电源内部移送单位电荷所做的功，电动势是电源本身的属性，与外接电路无关，故B、D项错误。C项，电动势衡量电源将其他形式的能转化为电能的本领大小，故C项正确。5、C【解析】根据I=mgt可知，重力的冲量不为零，选项A错误；带电粒子在电场中受到电场力与重力，根据题意可知，粒子做直线运动，电场力必定垂直极板向上，电场力与重力的合力必定与速度方向反向，粒子做匀减速直线运动，电场力垂直于极板向上，与位移方向的夹角为钝角，则电场力做对粒

13、子做负功，其电势能增加，同时重力不做功，由动能定理可知，动能减小，故C正确，BD错误故选C【点睛】本题考查带电粒子在电场中的运动情况分析，主要考查根据运动情况来确定受力情况，并由电场力做功来确定电势能如何，以及动能的变化6、B【解析】由题意可知，直径比为1：2，则横截面积比为1：4，根据电阻定律：，可得电阻之比为4：1，根据，因为电流相等，则热量之比为4：1，故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】由安培定则可判断出通电螺线管的左端为N极，

14、右端为S极，外部磁感线的方向由N极指向S极，而小磁针N极指向磁感线的方向，则可知只有cd指向正确，故AB错误，CD正确。故选CD。8、CD【解析】A、对物块进行受力分析，物块受重力和水平向左的电场力，电场力F=qE=3mg，则合力的大小为2mg，方向如图，小物块沿合力方向做匀加速直线运动，故A、B错误；C、运用动能定理研究从开始到落地过程：F3H+mgH=12mv2-0，解得：v=22gH，故C正确；D、将物块的运动分解为水平方向和竖直方向，增大电场强度，电场力增大，水平方向的加速度增大，竖直方向上的加速度不变，根据等时性知，运动时间不变，故D正确；故选CD。【点睛】对物块进行受力分析，画出物

15、块的运动轨迹运用动能定理或牛顿第二定律和运动学公式解决问题。9、BC【解析】A.带电粒子在磁场中向左偏转，根据左手定则，知该粒子带正电，故A错误；B.粒子经过速度选择器时所受的电场力和洛伦兹力平衡，有：，则，故B正确；C.经过速度选择器进入磁场B的粒子速度相等，根据半径公式知，粒子打在AlA2上的位置越靠近P，则半径越小，粒子的比荷越大，故C正确；D.所有打在A1A2上的粒子，在磁场B中做匀速圆周运动，运动的时间等于，根据，可得，粒子在磁场中运动的周期，则磁场中的运动时间与带电粒子的比荷有关，故D错误；10、AC【解析】A项：因为一个带正电的点电荷形成的电场，其电场线是直线，当带负电的粒子的初

16、速度的方向与电场线的方向在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子可以在等势面上做匀速圆周运动带负电的粒子可以在一个带正电的点电荷形成的电场中的任意一个等势面上做匀速圆周运动，故A正确；B项：当粒子的初速度的方向与电场线垂直时，粒子受到与电场线方向相反的力的作用，将会做离心运动，故B错误；C项：两个等量的同种正点电荷A、B形成的电场，当带负电的粒子的初速度的方向与电场线在一条直线上时，粒子可以在电场线上运动，由于场强是变化的，所以粒子做变速直线运动，考虑到电场分布的空间性和对称性，当粒子初速度的方向在A、B连线的中垂面内且与中垂线垂直，则粒子所受库仑力的合

17、力始终指向O点，粒子将在两电荷A、B连线的中垂面内，以两电荷A、B连线的中点O为圆心做匀速圆周运动，故C正确；D项：两个带等量负的点电荷的电场对负电荷的作用力向外，同负点电荷的电场类似，所以带负电粒子不可能在受到背离圆心的作用下做匀速圆周运动，故D错误。点晴：该题考查几种常见的电场的特点，本题关键要能让负电荷做匀速圆周运动，必须有指向圆心的力提供向心力，故只能是位于圆心的正电荷提供。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4 25 16 【解析】(1)12如果以弹簧长度x为横坐标，弹力大小F为纵坐标，作出Fx图象，那么图象与横轴的截距表示弹

18、簧的原长，图线的斜率表示弹簧的劲度系数，所以根据图象可知，该弹簧的原长x04cm劲度系数(2)3弹簧秤的读数表示弹力的大小，即F3.0N，所以该弹簧的长度12、A C F 左 【解析】（1）123小电珠额定电压为4V，额定电流为0.5A，因此电流表选择A，电压表选择C，滑动变阻器选小阻值大额定电流的F；（2）4电压表内阻远大于电珠电阻，故采用电流表外接；调节灵敏，滑动变阻器采用分压接法，电流表采用外接法（3）5闭合开关前，滑片置于左端，使分压部分电压为零四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）=30（2）mg【解析】试题分析：（1）小球由A运动到B根据动能定理， mgLcos-qEL（1+sin）=0 解得设小球最大速度的位置为C，悬线与竖直方向间的夹角为，小球受力如图，则tan=，=30（2）由A