江苏省南大附中2023学年物理高二第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、在如图R1R2R3皆为定值电阻，R4为可变电阻，电源的电动势为E，内阻为r。设电流表A的读数为I，电压表V的读数为U。当R4的滑片向a端移动时则AI变大，U变小BI变大，U变大CI变小，U变大DI变小，U变小2、关于电场能的相关知识中以下说法正确的是（）A电场中电势降低的方向，就是电场强度的方向B因为电势有正有负，故电势是矢量，既有大小也有方向C电场中电场强度为零的地方其电势也一定为零D某等势面上各点的场强方向均与此处等势面垂直3、一辆汽车从静止开始做匀加速直线运动，5s末的速度达到15m/s，汽车的加速度是（ ）A1 m/s2B3 m/s2C5 m/s2D15 m/s24、如图

3、所示，匀强磁场的磁感应强度为B，通电直导线与磁场方向垂直， 导线长度为L，导线中电流为I该导线所受安培力F的大小是（） AF=BF=CF=BILDF=5、一节五号干电池的电动势是1.5V ,下列说法正确的是( )A一节1号干电池的电动势是3VB直接用理想电压表测该干电池两端电压(不接入电路),电压表示数应该是1.5VC把这节电池与一个小灯泡构成闭合回路,这时用理想电压表测该干电池两端电压,电压表示数应该是1.5VD我们使用电池时常需几节串联起来用,电池组的电动势还是1.5V6、如图，电压表的示数为70V，电压表的示数为50V，则A与B间的电压为A140VB120VC100VD无法计算二、多项选

4、择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、在光滑地面上将一小钢球水平弹出，小球碰到墙壁后沿原路径反向弹回，图是小球运动的位移时间图象，由此图象可知（ ）A小球在0t1时间内做匀速运动B小球在0t2时间内做匀加速运动C小球在t2时刻回到了出发点D小球在t2时刻被墙壁反弹8、带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采用的方法有( )A增大两极板间的距离B用手触摸极板 BC在两板间插入电介质D将极板 B 向上适当移动9、如图所示，为示波器正常工作的示意图，电子

5、经电压U1加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h两平行板间距离为d，电势差为U2，板长是l，为提高示波器的灵敏度h/U2(每单位电压引起的偏转量)可采用以下哪些方法（ ）A增大两板间电势差U2B尽可能使板长l短一些C尽可能使板距d小一些D使加速电压U1降低一些10、已知一质量为m的带电液滴，经电压U加速后，水平进入互相垂直的匀强电场E和匀强磁场B中，液滴在此空间的竖直平面内做匀速圆周运动，如图，则( )A液滴在空间可能受4个力作用B液滴一定带负电C液滴做圆周运动的半径D液滴在场中运动时总能量不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算

6、过程。11（6分）某同学在一次“测定某电阻元件的电阻率”的实验中，用游标卡尺测量电阻元件的长度为L（刻度位置如图1所示），用螺旋测微器测量金属丝直径d（刻度位置如图2所示），用伏安法测出电阻元件的电阻，然后根据电阻定律计算出该电阻元件的电阻率（1）电阻元件长L为_cm，金属丝的直径d为_mm；图1图2（2）该同学测电阻元件的电路图如图所示，若要求滑动变阻器的滑片从左到右移动过程中，电流表的示数从零开始逐渐增大，请按此要求用笔画线代替导线在图中完成余下导线的连接；12（12分）同学们测量某电阻丝的电阻Rx，所用电流表的内阻与Rx相当，电压表可视为理想电压表(1) 若使用图1所示电路图进行实验，要

7、使得Rx的测量值更接近真实值，电压表的a端应连接到电路的 _(选填“b”或“c”)点(2) 测得电阻丝的UI图象如图3所示，则Rx为_.(保留两位有效数字)(3) 实验中，随电压进一步增加电阻丝逐渐进入炽热状态某同学发现对炽热电阻丝吹气，其阻值会变化他们对此现象进行探究，在控制电阻丝两端的电压为10 V的条件下，得到电阻丝的电阻Rx随风速v(用风速计测)的变化关系如图3所示由图可知当风速增大时，Rx会_(选填“增大”或“减小”)在风速增加过程中，为保持电阻丝两端电压为10 V，需要将滑动变阻器Rx的滑片向_(选填“M”或“N”)端调节四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的

8、答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）直流电动机线圈电阻一定，用手握住转动轴使其不能转动，在线圈两端加电压时，流经线圈的电流为松开转动轴，在线圈两端加2V电压时，流经线圈的电流为，电动机正常工作求该电动机正常工作时，电动机的输入功率是多少？电动机输出的机械功率是多少？14（16分）如图所示，质量为0.4kg的物体带正电，其电量为410-4C，从半径为0.3m光滑的圆弧滑轨上端A点由静止下滑到底端B点，然后继续沿水平面滑动物体与水平面间的滑动摩擦系数为0.4，整个装置处于E=103N/C的竖直向下的匀强电场中(g取10 m /s 2），求：（1）物体运动到圆弧滑轨底端B

9、点时对轨道的压力（2）物体在水平面上滑行的最大距离15（12分）如图所示,在直角坐标系xoy的第一、四象限区域内存在两个有界的匀强磁场；垂直纸面向外的匀强磁场I、垂直纸面向里的匀强磁场，O、M、P、Q为磁场边界和x轴的交点，OM=MP=L在第三象限存在沿y轴正向的匀强电场一质量为m带电荷量为+q的带电粒子从电场中坐标为(-2L，-L)的点以速度V0沿+x方向射出,恰好经过原点O处射入磁场I，又从M点射出磁场I(粒子的重力忽略不计)求：（1）第三象限匀强电场场强E的大小；（2）磁场的磁感应强度B的大小；（3）如果带电粒子能再次回到原点O，问磁场的宽度至少为多少?粒子两次经过原点O的时间间隔为多少

10、 参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】当R4的滑片向a端移动时，R4的阻值减小，则回路总电阻减小，根据欧姆定律，回路总电流增大， 电阻R3和内阻r的电压增大，电压表V的读数U减小；电阻R1的电压增大，则电阻R2的电压减小，电流表A的读数为I减小。 A. I变大，U变小。与结论不符，故A错误；B. I变大，U变大。与结论不符，故B错误；C. I变小，U变大。与结论不符，故C错误；D. I变小，U变小。与结论相符，故D正确。2、D【解析】电场强度的方向的规定是正电荷受电场力的方向，是描述电场强弱的物理量；沿电

11、场线方向电势逐渐降低；等势面上各点的场强方向均与此处等势面垂直；这些都是电场的特点，根据这些特点可以进行判定。【详解】沿电场线方向电势逐渐降低，电场线的方向是电势降落最快的方向，所以电场中电势降低的方向，不一定就是电场强度的方向，故A错误；电势没有方向，是标量，故B错误；电场强度与电势分别描述电场的两个不同方面的性质，二者的大小没有直接的关系，电场中电场强度为零的地方其电势不一定为零，如等势体的内部。故C错误；根据电场线与等势面的关系可知，等势面上各点的场强方向均与此处等势面垂直，故D正确。所以D正确，ABC错误。【点睛】加强基础知识的学习，掌握住电场强度与电势的关系的特点，即可解决本题，本题

12、属于基础题目简单题。3、B【解析】试题分析：物体的初速度为零，根据加速度的定义式，可以直接得到加速度的大小解：物体的初速度为0，末速度为15m/s，用的时间为5s，根据加速度的定义式有：a=m/s2=3m/s2，故选B4、C【解析】由图可知电流与磁场方向垂直，因此直接根据安培力的大小为：F=BIL，故ABD错误，C正确5、B【解析】A.干电池不论型号大小，电动势都一样，电动势都是1.5V，故A错误；B.直接用电压表测该干电池两端电压时，此时显示可以近似认为就是电源的电动势；故电压表示数应该是1.5V；所以B选项是正确的；C.电池接入电路构成回路，则电压表所测电压为电源的路端电压，小于1.5V；

13、故C错误；D.若电池串联使用,则电动势应为各电池的电动势之和；故D错误;6、B【解析】电路为串联电路，通过各个电阻的电流相等，以为，根据可知电压表的示数为70V，即，电压表的示数为50V，即，而AB间的电压为故B正确，ACD错误二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】AB小球在0t1时间内位移随时间均匀变化，所以小球做匀速运动，故A正确，B错误；C由图象可知：小球在t2时刻的位移为0，回到了出发点，故C正确；D由图象可知：在小球在t1时刻速度方向改变，故此时被

14、墙壁弹回，故D错误。故选AC。8、ABC【解析】根据电容的决定式C=，分析电容的变化，再由电容的定义式分析板间电压的变化，确定静电计指针张角的变化【详解】A、减小两极板间的距离，则d减小，则由决定式可得是容器的电容增大；则由Q=UC可知，电势差减小，故A正确；B、由于B板接地，用手触摸A时，故对电量有影响，电势差减小，故B正确；C、在两板间插入电介质时，介电常数增大，则C增大，由由Q=UC可知，电势差减小，故C正确；D、将极板B向上运动时，正对面积减小，则C减小，由定义式可知，电势差增大，故D错误；故选ABC【点睛】本题考查电容器的动态分析问题，要明确夹角大小表示电势差的大小9、CD【解析】本

15、题的关键是根据动能定理和类平抛运动规律求出示波管灵敏度的表达式，然后讨论即可求解；【详解】带电粒子加速时应满足：带电粒子偏转时，由类平抛规律得到：， 联立以上各式可得：，则：，故CD正确，AB错误。【点睛】本题是信息的给予题，根据所给的信息，找出示波管的灵敏度的表达式即可解决本题。10、BCD【解析】AB液滴在竖直平面内做匀速圆周运动，故重力等于电场力，即洛伦兹力提供向心力，所以mg=qE由于电场力的方向与场强的方向相反，故液滴带负电，液滴在空间受到三个力作用，故A错误，B正确；C洛伦兹力提供向心力，即解得：在加速电场中根据动能定理联立解得：故C正确；D因电场力与重力相平衡，由洛伦兹力提供向心

16、力，而洛伦兹力总是垂直速度的方向，所以不做功，则在场中运动时总能量不变，故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 （1）11.05，1.998； （2）；【解析】（1）由图示游标卡尺可知，其示数为： ；由图示螺旋测微器可知，其示数为： ；（2）由图示可知，电流表采用外接法，实验要求电流表的示数从零开始逐渐增大，则滑动变阻器应采用分压接法，实物电路图如图所示： 点睛：本题考查了游标卡尺、螺旋测微器读数，考查了连接实物电路图，要掌握常用器材的使用及读数方法，读数时视线要与刻度线垂直；当电压与电流从零开始变化时滑动变阻器只能采用分压接法

17、。12、c4.2减小M【解析】（1） 因电流表内阻接近待测电阻，故若用内接法误差很大，应采用电流表外接法，故a端应接在c点.（2） 图象的斜率表示电阻的阻值，则其阻值RxUI=0.840.2=4.2.（3） 由题图可知，电阻的阻值随风速的增大而减小；当电阻减小时，并联部分电阻减小，为了让其分压仍为10 V，滑动变阻器的阻值应向M端移动，从而维持上下电阻之比恒定.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（2分）（2分）（2分）【解析】由求解电动机正常工作时输入的电功率；由求出电动机正常工作时电动机线圈消耗的热功率，电动机

18、的输入功率与热功率之差是电动机的机械功率【详解】解：(1)电动机不转动时，其消耗的电功全部转化为内能，故可视为纯电阻电路，由欧姆定律得电动机线圈内阻为：电动机转动时，消耗的电能转化为内能和机械能，其输入的电功率为：(2)线圈内阻产生的热功率为：电动机的机械功率为：【点睛】本题应知道电动机不转时是纯电阻电路，由欧姆定律求出电动机电阻是本题的切入点；知道电动机的输入功率与热功率之差是电动机的输出功率是正确解题的关键14、（1）13.2N（2）0.75m【解析】(1)对物体从A运动到B由动能定理有：，物体运动到B点由牛顿第二定律有：由牛顿第三定律有：，代入数据得，故物体运动到圆弧滑轨底端B点时对轨道的压力为13.2N.(2)对全程同样由动能定理有：，代入