福建省福州高级中学2023学年物理高二上期中监测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一个质点沿直线运动，其速度图象如图所示，则质点（ ）A在010s内做匀加速直线运动B在010s内做匀速直线运动C在1040s内做匀加速直线运动D在1040s内保持静止2、如图所示

2、，通有向右电流的直导线置于匀强磁场中，导线与磁场平行，则该导线（ ）A不受安培力B受安培力，方向向右C受安培力，方向垂直纸面向里D受安培力，方向垂直纸面向外3、压力传感器可以用在：（ ）A空调温度控制器B燃气泄漏报警器C电梯超载报警器D酒精浓度测试仪4、如图，电压表的示数为70V，电压表的示数为50V，则A与B间的电压为A140VB120VC100VD无法计算5、 “高景一号”卫星于2016年12月28日在太原卫星发射中心以一箭双星的方式成功发射“高景一号”卫星轨道高度为530千米，是国内首个具备高敏捷、多模式成像能力的商业卫星，不仅可以获取多点、多条带拼接的影像数据，还可以进行立体采集“高景

3、一号”卫星与轨道高度为36 000千米的地球同步卫星的相比A“高景一号”卫星的向心加速度大于地球同步卫星B“高景一号”卫星的角速度小于地球同步卫星C“高景一号”卫星的周期大于地球同步卫星D“高景一号”卫星的线速度大于7.9 km/s6、中国宋代科学家沈括在梦溪笔谈中最早记载了地磁偏角：“以磁石磨针锋，则能指南，然常微偏东，不全南也”进一步研究表明，地球周围地磁场的磁感线分布示意如图结合上述材料，下列说法不正确的是A地理南、北极与地磁场的南、北极不重合B地球内部也存在磁场，地磁南极在地理北极附近C地球表面任意位置的地磁场方向都与地面平行D地磁场对射向地球赤道的带电宇宙射线粒子有力的作用二、多项选

4、择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一水平长直导线MN上用非常结实的绝缘细线悬挂一等腰直角三角形线圈，线圈与直导线在同一竖直平面内，线圈中通以如图所示的恒定电流，下列说法正确的是()A在MN上通以向左的电流，线圈可能会向上平动B在MN上通以向右的电流，线圈可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的重力C在MN上通以向右的电流，线圈会发生(俯视看)逆时针转动D在MN上通以向左的电流，线圈肯定不动，但细线上一定有张力8、一平板车静止在光滑的水平地面上，甲、乙两人分别站在车上左右

5、两端当两人同时相向而行时，发现小车向左移动若()A两人速率相等，则必定是m乙m甲B两人质量相等，则必定是v乙v甲C两人速率相等，则必定是m甲m乙D两人质量相等，则必定是v甲v乙9、关于多普勒效应的叙述，下列说法正确的是（ ）A产生多普勒效应的原因是波源频率发生了变化B产生多普勒效应的原因是观察者和波源之间发生了相对运动C甲、乙两列车相向行驶正在接近，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率低于他所听到的乙车笛声频率D哈勃太空望远镜发现所接受到的来自于遥远星系上的某种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），这说明该星系正在远

6、离我们而去10、如图 A、B 板平行放置，A 板中间有一小孔，B 板接地，A 板的电势变化如图所示，最大值为0，板间距离为d，设带正电的粒子从A 板的中央小孔无处速度的进入电场。粒子重力不计，则下列说法正确的是 A若粒子从 t=0 时刻进入，无论 d 多大，一定能达到B 板上B若粒子从 t=T/8 时刻进入，无论 d 多大，一定能打到 B 板上C若粒子从 t=T/4 时刻进入，如论 d 多大，一定能打到 B 板上D若粒子从 t=3T/8 时刻进入，无论 d 多大，一定能打到 B 板上三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）研究小组想要

7、测量电压表内阻和某电源电动势，给定器材如下：待测电压表：量程01 V，内阻约为990 ；待测电源：电动势约为6 V，内阻约为1 ；电流表：量程00.6 A，内阻可忽略；滑动变阻器R：阻值变化范围020 ；定值电阻R1：阻值为6 k；定值电阻R2：阻值为2 k；单刀单掷开关和导线若干(1)一成员利用图甲电路进行实验，通过电压表与电流表的读数获得电压表的内阻，请分析此方法的可行性，并说明理由_(2)另一成员利用图乙电路进行实验，其操作步骤为：连接电路；闭合S1、S2，读出此时电压表的示数为0.90 V；保持S1闭合，断开S2，读出此时电压表的示数为0.70 V；断开S1，整理器材忽略电源内阻，由以

8、上数据，可以测得电压表的内阻为_；电源的电动势为_V考虑到电源有内阻，电源电动势的测量值和真实值相比较_(填“偏大”“相等”或“偏小”)12（12分） (1)在做“研究平抛运动”的实验时，让小球多次沿同一轨道运动，通过描点法画小球做平抛运动的轨迹为了能较准确地描绘运动轨迹，下面列出了一些操作要求，将你认为正确的选项前面的字母填在横线上_A调节斜槽使其末端保持水平B每次释放小球的位置可以不同C每次必须由静止释放小球D记录小球位置用的铅笔每次必须严格地等距离下降E小球运动时不应与木板上的白纸相接触F将球的位置记录在纸上后，取下纸，用直尺将点连成折线(2)一个同学在研究平抛物体的运动实验中，只画出了

9、如图所示的一部分曲线，于是他在曲线上取水平距离相等的三点A、B、C，量得s0.2 m又量出它们之间的竖直距离分别为h10.1 m，h20.2 m，利用这些数据，可求得：(g10 m/s2)物体抛出时的初速度为_m/s物体经过B时速度为_m/s.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）图示电路中R1=12 ，R2=6 ，滑动变阻器R3上标有“20 2 A”字样，理想电压表的量程有03 V和015 V两挡，理想电流表的量程有00.6 A和03 A两挡闭合开关S，将滑片P从最左端向右移动到某位置时，电压表、电流表示数

10、分别为2.5 V和0.3 A；继续向右移动滑片P至另一位置，电压表指针指在满偏的，电流表指针指在满偏的求：（1）此时电流表的示数；（2）电源的电动势14（16分）如图所示，在空间中取直角坐标系xOy，在第一象限内平行于y轴的虚线MN 与y轴距离为d8cm，在第一象限内从y轴到MN之间的区域充满一个沿y轴正方向的匀强电场，场强大小为E750 V/m.初速度可以忽略的带负电的粒子经过另一个电势差为U20V的电场加速后， 从y轴上的A点以平行于x轴的方向射入第一象限区域， OA的距离h9cm. 已知带电粒子的比荷为q/m1.6 C/kg，带电粒子的重力忽略不计，求： (1)粒子进入偏转电场区域的初速

11、度；(2)试通过计算说明带电粒子从MN边界还是ON边界离开电场；(3)带电粒子离开偏转电场区域时的速度与进入偏转电场时的速度方向之间的夹角的正切值；(4)带电粒子经过x轴时离坐标原点O的距离L15（12分）如图所示，是某兴趣小组通过弹射器研究弹性势能的实验装置半径为R的光滑半圆管道（管道内径远小于R）竖直固定于水平面上，管道最低点B恰与粗糙水平面相切，弹射器固定于水平面上某次实验过程中，一个可看作质点的质量为m的小物块，将弹簧压缩至A处，已知A、B相距为L弹射器将小物块由静止开始弹出，小物块沿圆管道恰好到达最髙点C已知小物块与水平面间的动摩擦因素为，重力加速度为g，求：（1）小物块到达B点时的

12、速度vB及小物块在管道最低点B处受到的支持力；（2）小物块在AB段克服摩擦力所做的功；（3）弹射器释放的弹性势能Ep参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】AB.图像中质点在010s内速度一直增大，且斜率一定，所以质点做匀加速直线运动，故A项符合题意，B项不符合题意CD.图像中质点在10s40s速度保持不变，所以质点做匀速直线运动，故CD项不符合题意2、A【解析】试题分析：根据安培力产生的条件，通电导线与磁场平行不受安培力，即可求解解：由题意可知，因通电导线与磁场平行，所以不受到安培力的作用，故A正确，BCD

13、错误；故选：A【点评】考查安培力的产生条件，理解通电导线与磁场平行不受磁场力，而当两者垂直时，安培力最大3、C【解析】不同的传感器有不同的具体应用，根据个选项中各种传感器的特点，要具体问题具体分析.【详解】空调通过温度传感器实现温度的自动控制，故A错误；燃气泄漏报警器是通过气体传感器探测周围环境中的低浓度可燃气体，通过采样电路，在传感器表面产生化学反应或电化学反应，造成传感器的电物理特性的改变，故B错误；金电梯超载时会自动报警，是通过不同的压力转换成电学量，运用的压力传感器，故C正确；酒精浓度测试仪通过酒精气体传感器将酒精浓度转化为电阻值，不属于力传感器，故D错误所以C正确，ABD错误【点睛】

14、本题考查常用传感器的工作原理、特性及在实践中的应用4、B【解析】电路为串联电路，通过各个电阻的电流相等，以为，根据可知电压表的示数为70V，即，电压表的示数为50V，即，而AB间的电压为故B正确，ACD错误5、A【解析】从题中可知高景一号的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，万有引力充当向心力，所以根据公式GMmr2=ma可得a=GMr，故轨道半径越大，向心加速度越小，A正确；根据公式GMmr2=m2r可得=GMr3，故轨道半径越大，角速度越小，B错误；根据公式GMmr2=m42T2r可得T=2r3GM，故轨道半径越大，周期越大，C错误；根据公式GMmr2=mv2r可得v=GMr，7.9km/s是

15、第一宇宙速度，是近地卫星的运行速度，高景一号卫的线速度小于近地卫星的线速度，即小于7.9km/s，故D错误6、C【解析】A根据题意可知，地理南、北极与地磁场存在一个夹角，为磁偏角，故两者不重合，A正确； B地磁南极在地理的北极附近，地磁北极在地理的南极附近，B正确；C由于地磁场的磁场方向沿磁感线切线的方向，故只有赤道处地磁场的磁场方向才与地面平行，C错误；D在赤道处，磁场方向水平，而射线是带电的粒子，运动方向垂直磁场方向，根据左手定则可得射向赤道的粒子受到洛伦兹力的作用，D正确【点睛】地球本身是一个巨大的磁体地球周围的磁场叫做地磁场地磁北极在地理南极附近，地磁南极在地理北极附近，所以地磁场的方

16、向是从地磁北极到地磁南极二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】由右手螺旋定则分析线圈中的磁场分布，再由左手定则判断直导线的受力；由作用力反作用力分析线圈的受力情况，再判断其运动情况。【详解】A、D项：由右手螺旋定则可知，线圈内部磁感线向里，则导线处的磁场向外；对导线由左手定则可知，导线受力向上；则由牛顿第三定律可知，线圈受力向下；线圈不会动，但细绳上的一定有拉力；故A错误，D正确；B、C项：通以向右的电流时，线圈受力向上，可能向上运动，也可能不动，但绝缘细线

17、的拉力小于线圈的垂力；而对于线圈分析可知，MN形成的磁场是垂直于线圈所在平面的；故不可能出现转动现象；故B正确，C错误。故选：BD。【点睛】本题应用了转换研究对象法进行分析，要注意明确两电流形成的磁场的分布特点。8、CD【解析】甲、乙两人及小车组成的系统不受外力，系统的动量守恒，取向左为正方向，根据动量守恒定律得：，即：；可见甲的动量大于乙的动量；A、C、若两人速率相等，必定有：m甲m乙，故A错误，C正确；B、D、若两人质量相等，必定有：v甲v乙，故B错误，D正确；故选CD.9、BD【解析】AB. 产生多普勒效应的原因是观察者与波源的相对运动导致接收到的波频发生变化，故A错误，B正确；C.甲、

18、乙两列车相向行驶，两车均鸣笛，且所发出的笛声频率相同，因乙车中的乘客相对甲车靠近，而相对乙车静止，那么乙车中的某旅客听到的甲车笛声频率高于他听到的乙车笛声频率，故C错误；D. 哈勃太空望远镜发现所接收到的来自于遥远星系上的某种原子光谱，与地球上同种原子的光谱相比较，光谱中各条谱线的波长均变长（称为哈勃红移），即频率变小，说明该星系正在远离我们而去，故D正确；10、AB【解析】A粒子在t=0时刻进入时，在一个周期内，前半个周期受到的电场力向右，向右做加速运动，后半个周期受到的电场力向左，继续向左做减速运动，T时刻速度为零，接着周而复始，所以粒子一直向B板运动，一定会打在B板上。故A正确；B若粒子

19、是在时刻进入时，在一个周期内：在，粒子受到的电场力向右，向B板做加速运动，在内，受到的电场力向左，继续向B板做减速运动，时刻速度为零，接着向A板加速运动，时间内继续向A板减速运动，时刻速度为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，根据运动学规律可知，在一个周期内粒子向B板运动的位移大于向A板运动的位移，所以粒子最后一定会打在B板上。故B正确；C若粒子是在 时刻进入的，在阶段是向B板加速；在向B板减速，末速度为零；在反向A板加速，反向A板减速，末速度为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，以某一点为中心做往复运动，不一

20、定能打到 B 板上，故C错误；D若粒子是在 时刻进入的，在，向B板加速；，向右减速到零；，向A板加速；向A板减速，速度减小为零，完成一个周期的运动，接着周而复始，所以粒子时而向B板运动，时而向A板运动，根据运动学规律可知，在一个周期内粒子向B板运动的位移小于向A板运动的位移，所以粒子最后一定不会打在B板上，而是从A板返回；故D错误；三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、不可行，由于电压表内阻太大，电流表示数偏小 1k 6.3 偏小 【解析】(1)分析电路结构，根据欧姆定律可求得电流值的范围，则可明确能否测量；(2)根据欧姆定律可得出对应的

21、表达式，联立可求得电源的内阻和电压表的示数；根据实验原理分析实验误差。【详解】(1) 由于电压表内阻约为990，则电流约为：I=6990A0.006A，故电流表示数太小，无法正确测量；(2) 闭合S1、S2，U1=ER1+RVRV=0.9V U2=ER1+RV+R2RV=0.7V联立解得：E=6.3V；RV=1k；若电源有内阻，则由表达式可知，分母中应包括电源内阻，则可知，求出的E应偏小。【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律的应用，要注意正确分析电路，明确电路结构，根据闭合电路欧姆定律进行分析即可。12、ACE 2.0 2.5 【解析】（1）1A为了保证小球初速度水平，需调节斜槽末端保持水平，选项A正确BC为了保证小球每次平抛运动的初速度相等，每次将小球从斜槽的同一位置由静止释放，即释放位置必须相同，且由静止释放，选项C正确，B错误D记录小球位置用的铅笔没必要每次必须严格地等距离下降，选项D错误；E小球运动时不应与木板上的白纸相接触，选项E正确；F将球的位置记录在纸上后，取下纸，将点连成平滑曲线，选项F错误；故选ACE。（2）23在竖直方向上，根据得物体的初速度为B点的竖直分速度为根据