四川省内江铁路中学2023学年高二物理第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、一根均匀的电阻丝的电阻为R，下列用同种材料做成的电阻中，其电阻值也为R的是()A长度不变，横截面积增大一倍 B横截面积不变，长度增大一倍C长度和横截面的半径都增大一倍 D长度和横截面积都缩小一倍2、如图所示，图线a是某一电源的UI曲线，图

2、线b是一定值电阻的UI曲线若将该电源与该定值电阻连成闭合电路（已知该电源的内阻r=2.0），则说法错误的是（）A该定值电阻为6B该电源的电动势为20VC将2只这种电阻串联作为外电阻，电源输出功率最大D将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大3、下列图中，能正确表示直线电流的方向与其产生的磁场方向间关系的是ABCD4、如图所示，两物体随圆盘一起在水平面内做匀速圆周运动，角速度分别为1、2，向心加速度分别为a1、a2，则（ ）Aa1a2 B12 Ca1a2 D125、真空中两个静止的点电荷相距r时，相互作用的静电力大小为F。当它们之间的距离增大到2r时，它们之间的静电力大小为（）AF2 BF

3、4 C2F D4F6、如图所示，质子和粒子）以相同的初动能垂直射入偏转电场（不计粒子重力），则这两个粒子射出电场时的偏转位移y之比为（ ）ABCD二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电动势，以下说法中正确的是A电源电动势等于电源正、负极之间的电势差B用电压表直接测量电源两极间的电压数值，实际上总略小于电源电动势C电源电动势总等于内、外电路上的电压之和，所以它的数值与外电路的组成有关D电动势的大小数值上等于非静电力把1C的正电荷在电源内从负极移到正极所做的功8、如图

4、所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置在管子的底部固定一电荷量为Q的正点电荷在距离底部点电荷为h2的管口A处，有一电荷量为q、质量为m的点电荷由静止释放，在距离底部点电荷为h1的B处速度恰好为零现让一个电荷量为q、质量为3m的点电荷仍在A处由静止释放，已知静电力常量为k，重力加速度为g，则该点电荷运动过程中（ ）A速度最大处与底部点电荷的距离是B速度最大处与底部点电荷的距离是C运动到B处的速度是D运动到B处的速度是9、平行板电容器保持与直流电源两极连接，充电平衡后，两极板间的电压是U，电荷量为Q，两极板间场强为E，电容为C，现将两极板间距离减小，则引起变化的情况是AQ变大 BC变大 CE不变

5、DU变小10、如图，在某匀强电场中有M、N、P三点，在以它们为顶点的三角形中，M30、P90，直角边NP的长度为4 cm。已知电场方向平行于MN边，M、N点的电势分别为3 V、15 V。则（ ）A电场强度的大小为150 V/mB电场强度的大小为75 V/mC点P的电势为12VD点P的电势为10V三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学要测量一节干电池的电动势和内阻。实验室除提供开关S和导线外,还有以下器材可供选择电压表:V(量程3V,内阻)电流表:G(量程3mA,内阻);电流表:A(量程3A,内阻约为0.5);滑动变阻器:(阻值

6、范围0-10,额定电流2A)滑动变阻器:(阻值范围01000,额定电流1A) 定值电阻:(1)该同学依据器材画出了如图甲所示的原理图,他没有选用电流表A,而是将电流表G与定值电阻并联,实际上是进行了电表的改装,则他改装后的电流表对应的量程是_A。(结果保留三位有效数字)(2)为了能准确地进行测量,同时为了操作方便,实验中应选用的滑动变阻器是_(填写或)(3)该同学利用上述实验原理图测得数据,以电流表G读数为横坐标,以电压表V读数为纵坐标绘出了如图乙所示的图线,根据图线可求出电源的电动势E=_V(结果保留三位有效数字),电源的内阻r=_ (结果保留三位有效数字)。12（12分）有一个小灯泡上有“

7、4V 2W”的字样，现要描绘这个小灯泡的伏安特性曲线现有下列器材供选用：A电压表（15V，内阻11k）B电压表（111V，内阻21k）C电流表（113A，内阻1）D电流表（116A，内阻14）E滑动变阻器（11，2A）F滑动变阻器（1k，1A）G学生电源（直流6V），还有电键、导线若干（1）电流表应选 ，滑动变阻器应选 （用序号字母表示）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据，请在方框内画出满足实验要求的电路图（3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路如图所示，请在图中完成其余的电路连接四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字

8、说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一质量为m的导体棒MN两端分别放在固定的光滑圆形导轨上，两导轨平行且间距为L，导轨处在竖直向上的匀强磁场中当导体棒中通一自右向左、大小为I的电流时，导体棒静止在与竖直方向成角的导轨上，重力加速度为g，求：（1）匀强磁场的磁感应强度大小；（2）每个圆形导轨对导体棒的支持力大小14（16分）如图所示，在平面直角坐标系内，第一象限的等腰三角形MNP区域内存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场，y0的区域内存在着沿y轴正方向的匀强电场一质量为m，电荷量为q的带电粒子从电场中Q（2h，h）点以速度V0水平向右射出，经坐标原点O射入第一象限，最后以垂直于PN的方向

9、射出磁场已知MN平行于x轴，N点的坐标为（2h，2h），不计粒子的重力，求：（1）电场强度的大小；（2）磁感应强度的大小B；（3）粒子在磁场中的运动时间15（12分）如图所示，离子发生器发射出一束质量为m、电荷量为q的离子，从静止经加速电压U1加速后，获得速度v0，并沿垂直于匀强电场方向射入两平行板中央，受偏转电压U2作用后，以速度v离开电场，已知平行板长为L，两板间距离为d，求：(1)v0的大小(2)离子在偏转电场中运动的时间t(3)离子在离开偏转电场时的偏移量y参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】由电

10、阻定律R=LS可知：A、长度不变，横截面积增大一倍，则R=L2S=R2；故A错误.B、横截面积不变，长度增大一倍，则R=2LS=2R；故B错误.C、长度和横截面的半径都增大一倍，则R=2L(2r)2=R2；故C错误.D、长度和横截面积都缩小一倍，则R=L2S2=R；故D正确.故选D.【点睛】考查了影响电阻大小的因素，关键要知道导体电阻与长度成正比，与横截面积成反比2、C【解析】A.图线b的斜率k=6则定值电阻的阻值：R=k=6故A正确，不符合题意；B.由图读出交点的电压U=15V，电流I=2.5A，根据闭合电路欧姆定律得，电源的电动势E=U+Ir=15V+2.52V=20V故B正确，不符合题意

11、；CD.定值电阻的阻值R =6，电源的内阻r=2.0；对于电源，当内外电路的电阻相等时输出功率最大，则将3只这种电阻并联作为外电阻，电源输出功率最大；故C错误，符合题意；D正确，不符合题意。3、B【解析】根据安培定则，右手握住直导线，大拇指所指方向为电流方向，四指弯曲方向为电流周围的磁场方向，故方向向下的电流周围的磁场方向为顺时针方向，方向向上的电流磁感线为逆时针方向，故A错误，B正确；根据安培定则方向向外的电流周围的磁场方向为逆时针方向，故CD错误故选B4、C【解析】两物体同轴转动，则角速度相同，即1=2，选项BD错误；根据a=2r，由于r1r2，则a1a2，则选项C正确，A错误；故选C.【

12、点睛】此题关键是知道同轴转动时角速度相同，同缘转动时线速度相等；记住向心加速度的表达式a=2r.5、B【解析】根据库仑定律F=kq1q2r2若将这两个点电荷间的距离变为2r，则他们之间的静电力大小变为：F=kq1q2(2r)2=14kq1q2r2故：F=F/4故选：B.6、B【解析】水平方向：x=v0t竖直方向：而初动能：，联立可得：可知y与q成正比，两个粒子射出电场时的偏转位移y之比为1:2，故B正确，ACD错误。故选：B二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解

13、析】试题分析：电源电动势反映电源将其他形式能量转化为电能的本领大小，电源正、负极之间的电势差为电源的路端电压，只有当电源处于断路状态时，电源的电动势才等于路端电压，故A错误；电压表是由内阻的，跟电源连接后构成一个通路，测量的是电压表内阻的电压，所以电压表测得的电源两极间电压值略小于电动势故B正确电动势反映电源的特性，与外电路的结构无关，故C错误；根据电动势的定义式可知电源电动势总等于电路中通过1C的正电荷时，电源提供的能量，故D正确考点：本题考查对电动势物理意义的理解能力，点评：电动势的物理意义是表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，与外电路的结构无关8、BC【解析】当点电荷的质量为m时，

14、则在下落过程中受重力和电库仑力，下落到B点时速度为零，由动能定理可得：，即，当点电荷的质量变为3m时，下落到B点时库仑力不变，故库仑力做功不变，由动能定理得，解得；当重力等于库仑力时，合力为零，此时速度最大，解得，故BC正确，AD错误，故选BC.【点睛】由题意可知，电荷在下落过程中受重力、库仑力，由动能定理可得出两力做功的关系；同理可应用动能定理求出当质量变化时B点的速度；通过对过程的分析可得出速度最大处的位置；并通过电场力做功的正负，来判定电势能增加还是降低9、AB【解析】试题分析：平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压保持不变将两极板间距离减小，由电容的决定式分析电容如何变化，由电容的

15、定义式确定电量的变化根据分析电场强度E如何变化平行板电容器保持与直流电源两极连接，其电压U等于电源的电动势保持不变将两极板间距离d减小，由电容的决定式分析得知，电容C变大，电量，U不变，C变大，Q变大由根据分析电场强度E变大，AB正确10、AC【解析】AB由题意电场方向平行于MN边，M、N点的电势分别为3 V、15 V知电场强度为：故A正确，B错误CDNP在电场方向上的有效长度为2cm，所以：则：解得：，故C正确，D错误.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.603 R1 1.48 0.84 【解析】根据干电池的电动势和滑动变阻器R1

16、，可估算出电路中电流最小值，没有选用电流表A的原因是量程太大；根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程；为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系，由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻【详解】(1)根据并联分流且电压相等，可得改装后电流表量程：.(2)为使电路中电流较大，并且方便调节，故实验中应选用的滑动变阻器是阻值范围较小的R1(3)由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V;图线的斜率大小k=r，由数学知识知：,则电源的内阻为：r=k=0.84.【点睛】测

17、量电源的电动势和内电阻的实验，采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法12、（1）D E （2）（3）【解析】试题分析：（1）因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用15V的电压表由P=UI得，灯泡的额定电流I=15A，故电流表应选择116A的量程，故电流表选D；而由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，而分压接法中应选总阻值小的滑动变阻器，故选E；（2）在用伏安法描绘这个灯泡的I一U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测

18、几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法；由于灯泡的电阻较小，所以选择电流表外接法所以电路图如图（3）按电路图画出实际电路图为考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线实验【名师点睛】（1）仪表的选择应本着安全准确的原则；电压表要测量灯泡两端的电压，故应通过灯泡的额定电压值判断需要的电压表；由流过灯泡的电流判断需要的电流表；由题意判断需要的滑动变阻器；（2）根据滑动变阻器分压及限流接法的不同作用，结合题意选择滑动变阻器的接法；由电流表、电压表与灯泡内阻间的大小关系确定电流表的接法本题考查实验中的仪表选择及接法的选择；应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13