北京市第一六一中学2023学年高二物理第一学期期中统考试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如右图所示，因线路故障，按通K时，灯L1 和L2均不亮，用电压表测得Uab=1，Ubc=4V，Ucd=1由此可知断路处为( )A灯L1B灯L2C变阻器D不能确定2、人站在电梯中随电

2、梯一起运动下列过程中人处于超重状态的是（）A电梯加速上升B电梯加速下降C电梯匀速上升D电梯匀速下降3、如图所示，光滑绝缘半球形的碗固定在水平地面上，可视为质点的带电小球1、2的电荷分别为Q1、Q2，其中小球1固定在碗底A点，小球2可以自由运动，平衡时小球2位于碗内的B位置处，如图所示现在改变小球2的带电量，把它放置在图中C位置时也恰好能平衡，已知AB弦是AC弦的两倍，则（）A小球在C位置时的电量是B位置时电量的一半B小球在C位置时的电量是B位置时电量的四分之一C小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小D小球2在B点对碗的压力大小大于小球2在C点时对碗的压力大小4、一段横截面积

3、为0.5cm2的导体材料中，每秒钟有0.2C正电荷和0.3C负电荷相向运动，则电流强度是 ()A0.2 AB0.3 AC0.5 AD104 A5、假设地球磁场是由地球的环形电流引起的，则该假设中的电流方向是(注：磁子午线是地球磁场N极与S极在地球表面的连线) （ ）A由西向东垂直磁子午线B由东向西垂直磁子午线C由南向北沿子午线D由赤道向两极沿子午线6、弹簧振子做机械振动，若从平衡位置O开始计时，经过时，振子第一次经过P点，又经过了，振子第二次经过P点，则到该振子第三次经过P点还需要多长时间（ ）A B C D二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选

4、项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某一热敏电阻其阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡并联，通电后各自的电流I随所加的电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点。则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法中，正确的是( )A图中图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线B图中图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线C图线中的M点，表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的阻值D图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等8、如图所示，平行板电容器的两极板A、B接在电池两极，一带正电的

5、小球悬挂在电容器内部，闭合S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，下列说法中正确的是( )A保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大B保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变C断开S，将A板向B板靠近，则增大D断开S，将A板向B板靠近，则不变9、如下图为一匀强电场，某带电粒子从A点运动到B点在这一运动过程中克服重力做的功为2.0 J，电场力做的功为1.5 J则下列说法正确的是( )A粒子带正电B粒子在A点的电势能比在B点多1.5 JC粒子在A点的动能比在B点少0.5 JD粒子在A点的机械能比在B点少1.5 J10、一匀强电场的方向平行于xoy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分

6、别为17V、33V、49V。下列说法正确的是（）A坐标原点处的电势为1VB电场强度的大小为5V/mC匀强电场的方向由O点指向c点D质子从b点运动到c点，电场力做功为-16eV三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“力的合成的平行四边形定则”实验中，用两只弹簧测力计同时拉伸橡皮筋的拉力记为F1、F1用一只弹簧测力计拉伸橡皮筋的力为F下列关于实验操作的说法正确的是()A拉伸橡皮筋时，F1和F1必须相互垂直B拉伸橡皮筋时，F1和F1的大小必须相等C实验时，必须测量F1和F1间的夹角D作F和F1、F1的图像时，必须使用同一标度12（12分

7、）某研究性学习小组的同学欲做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验.已知所用小灯泡的额定电压和额定电流分别为3.0V、0.6A，实验使用的直流电源的电动势为4.0V内阻忽略不计，实验的器材规格如下a.电流表A1（量程00.6A，内阻约5）b.电压表V1（量程03V，内阻约3k）c.滑动变阻器R1（阻值010，额定电流1A）请回答下列问题：（1）根据实验器材应该使用电流表_接法.（2）根据所选的实验器材，请设计合理的电路原理图来完成该实验_.（3）该研究性学习小组的同学用设计好的电路测得了通过该小灯泡的电流I和该小灯泡两端的电压U如图所示，通过小灯泡的电流为_A,小灯泡两端的电压为_V，由欧姆定律计算

8、得到的小灯泡的电阻值_（选填“大于”“等于”或“小于”）真实值.（4）该研究性学习小组的同学通过设计好的电路得到了多组实验数据，并根据得到的多组数据在坐标系中描点画图，如图所示，该图线向下弯曲，其原因是_.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，两块长3cm的平行金属板A、B相距1cm，并与450V直流电源的两极相连接，如果在两板正中间有一电子（m=91031kg，e=-1.61019C），沿着垂直于电场线方向以2107m/s的速度飞入，求：（1）电子在金属板间运动时的加速度大小；（2）如果电子能从金

9、属板间飞出，求电子在电场中的飞行时间；（3）判断电子能否从平行金属板间飞出14（16分）图甲为一列简谐横波在某一时刻的图象，图乙为平衡位置在1m处的质点P从该时刻开始计时的振动图像，则波沿x轴 （填“正”或“负”）方向传播求波速15（12分）电机输出电压为1kV的交流电,现在通过一个变压比为1:4的变压器升压,再通过总电阻为1.0的输电线路向某地输电,在输送电功率为800kW的情况下（设变压器为理想变压器）,求:（1）升压变压器的副线圈两端电压大小；（2）输电线上通过的电流大小；（3）输电线上造成的电压损失；（4）输电线上损失的电功率占输电总功率的百分比？参考答案一、单项选择题：本题共6小题，

10、每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由题，则灯发生断路，因为断路时，电路无电流，其两端的电势分别等于电源两极的电势，其电势差等于电源的电动势；而对于完好的电阻，阻值一定，电流时，根据欧姆定律可知，其电压，由题：，由题，则可知：灯和变阻器R没有发生断路，故选项B正确，选项ACD错误【点睛】本题是电路中故障分析问题，往往哪段电路的电压等于电源的电压，哪段电路发生断路，可用电压即为电势差来理解2、A【解析】试题分析：当物体有向下的加速度时物体处于失重状态；当物体加速度向上时，物体处于超重状态解：A、电梯加速上升时，加速度向上，故人超重，故A正确；B

11、、电梯加速下降时，加速度向下，故人失重，故B错误；C、电梯匀速上升时，加速度为零；人不超重也不失重；故C错误；D、电梯匀速下降时，加速度为零；人不超重也不失重；故D错误；故选A【点评】本题考查超重与失重的性质，注意明确加速度向上有两种可能：加速向上或减速向下3、C【解析】AB对小球2受力分析，如图所示，小球2受重力、支持力、库仑力，其中F1为库仑力F和重力mg的合力，根据三力平衡原理可知，F1=FN由图可知，OABBFF1设半球形碗的半径为R，AB之间的距离为L，根据三角形相似可知，即所以FN=mg 当小球2处于C位置时，AC距离为，故，根据库仑定律有：所以 ，即小球在C位置时的电量是B位置时

12、电量的八分之一，故AB均错误；CD由上面的式可知FN=mg，即小球2在B点对碗的压力大小等于小球2在C点时对碗的压力大小，故C正确，D错误。故选C。4、C【解析】试题分析：电流的定义式是，在导电液中，q指正负电荷绝对值的加和，所以，故C正确考点：电流【名师点睛】本题考查学生对电流的定义式的理解；根据电流的定义：单位时间内通过导体横截面的电荷量，即；解题时需要注意的是对于电解液导电，通过某一横截面的电荷是正负电荷绝对值的加和；此题是易错题.5、B【解析】地磁场的N极朝南，根据安培定则，大拇指指向地磁体的N极，四指的绕向即为电流的方向，即电流方向应该是由东向西垂直磁子午线，选项B正确。6、D【解析

13、】若从O点开始向右振子按下面路线振动，如图所示，则振子的振动周期为： ，则该质点再时间t1=T-0.2s=1.4s，经第三次经过P点。若振子从O点开始向左振动，则按下面路线振动，如图所示：设从P到O的时间为t，则，解得： ，可得周期为： ，则该质点再时间，故D正确，ABC错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】AB.热敏电阻电阻值随温度升高而减小，电压增大，电流增大，电流热效应增强，温度升高，所以图线上电压越大的点对应电阻越小，与原点连线应越远离U轴，故

14、图线a表示热敏电阻伏安曲线，小灯泡电阻为金属热电阻，其大小随温度升高而增大，电压越大的点与原点连线应越靠近U轴，所以图线b表示小灯泡的伏安特性曲线，故A正确B错误；CD.M点处，小灯泡和热敏电阻的I、U都相同，根据可得，此时它们的电阻相等，根据可得，此时它们的功率相等，故D正确C错误。故选AD。8、AD【解析】AB保持电键S闭合，板间电压不变，将A板向B板靠近，板间距离d减小，由板间场强分析得到场强增大，小球所受电场力增大，则增大，故A正确，B错误；CD电容器充电后电键S断开，电容器所带电量Q不变，根据电容的决定式可知与 ，得出推论可知板间场强与间距无关，即E不变，小球所受电场力不变，则将A板

15、向B板靠近时，不变，故C错误，D正确。故选AD。9、ABD【解析】A. 带电粒子从A点运动到B点，电场力做的功为1.5 J，说明粒子受水平向右的电场力，则粒子带正电，选项A正确；B. 带电粒子从A点运动到B点，电场力做的功为1.5 J，电势能减少1.5J，所以粒子在A点的电势能比在B点多1.5 J，选项B正确；C.从A点运动到B点根据动能定理有，即，所以粒子在A点的动能比在B点多0.5 J，选项C错误；D. 从A点运动到B点根据功能关系有，即，所以粒子在A点的机械能比在B点少1.5 J，选项D正确。故选ABD。10、AD【解析】A根据因a、b、c三点电势分别为、解得：原点处的电势为故A正确；B

16、C如图所示在ac连线上，确定中点b点，电势为33V，将bb连线，即为等势线，那么垂直bb连线，则为电场线，再依据沿着电场线方向，即匀强电场的方向由c点指向O点，电势降低，则电场线方向如图，因为匀强电场，则有依据几何关系，则代入数据，得电场强度大小为故BC错误；D质子从b点运动到c点，电场力做功为故D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D【解析】在实验过程中，需要根据力的大小和方向做平行四边形，由此可知需要记录力的大小和方向，同时该实验采用了“等效替代”方法，要求两次拉橡皮筋时橡皮筋的伸长量大小和方向相同，对于两分力的夹角

17、没有定性要求，只要便于减小误差即可【详解】A项：在进行“验证力的合成的平行四边形定则”实验时，F1、F1的方向并非要求一定垂直，故A错误；B项：拉伸橡皮筋时，F1和F1的大小不一定要相等，故B错误；C项：实验时，应记录两力的方向而不是测两力间的夹角，故C错误；D项：在做力的图示时，F和F1、F1一定要使用同一标度，故D正确【点睛】要解答本题应熟练掌握实验的目的及原理，尤其是理解“等效”含义，“等效”指橡皮筋的形变量和方向均相同12、外 0.50 2.60 小于 小灯泡的电阻随温度的升高而增大 【解析】（1）（2）12描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；由

18、表中实验数据可知，灯泡最大电阻约为：电压表内阻约为3k，灯泡电阻阻值远小于电压表内阻，电流表应采用外接法，电路图如图所示：（3）34由图知，电流表的量程为00.6A，分度值为0.02A，示数为0.50A；电压表的量程为03V，分度值为0.1V，示数为2.60V。5由于电压表的分流作用，所以电流表的示数比流经灯泡的电流偏大，故根据欧姆定律：测量电阻偏小，即计算得到的小电珠的电阻值小于真实值；（4）6I-U图象的斜率表示电阻的倒数，由图象可知，电阻随着电压的增大而增大，其原因是灯泡的电阻随温度的升高而增大。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)；(3)电子不能飞出【解析】(1)电子在电场内做类平抛运动，重力不计，只受电场力，根据牛顿第二定律求解加速度(2,3)电子向A板偏转；要使粒子飞出，则应使水平方向位移为板长时，竖直方向上位移小于等于板间距的一半由运动学公式求出电子运动时间，再求出竖直方向位移，即可判断能否飞出金属板【详解】(1) 根据牛顿第二定律，则有：；(2) 当电子从正中间沿着垂直于电场线方向以2107m/s的速度飞入时，若能飞出电场，则电子在电场中的运动时