广西桂梧高中2023学年物理高二第一学期期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，M、N间电压恒定，当开关S合在a点时，电压表示数为10V，电流表示数为0.2A；当开关S合在b点时，电压表示数为12V，电流表示数为0.15A可以推断（）ARx较准确的测量值是50BRx较准确的测量值是80CRx较准确的测量值是60DRx较准确的测量值是66.72、如图所示，电流表G的内阻不可忽略不计，R1、R2是两个可变电阻，当a、b间的电压为4V时，电流表的指针刚好满偏(指针指在刻度盘的最大值处)，当a、b间的电压为3 V时，如果仍要使电流表G的指针满偏，下列方法

3、中可行的是 保持R2不变，增大 R1 增大R1，减小R2保持R2不变，减小R1 增大R2，减小R1ABCD3、起重机用钢绳将重物竖直向上匀速提升，在重物匀速上升的过程中( )A重物的动能逐渐增大B重物的重力势能逐渐增大C钢绳对重物的拉力逐渐增大D钢绳对重物的拉力的功率逐渐增大4、阅读下列材料，完成下面小题，解答时不计空气阻力，重力加速度取g=10m/s2, 第一次下落阶段，弹簧绳被拉伸的过程中，小明下落速度大小的变化情况是A一直在增大B先增大后减小C先减小后增大D一直在减小5、下列四幅图的有关说法，错误的是（）A甲图中的电场是负电荷产生的B乙图中，a、b两点的电场强度相同，电势不同。C丙图中，

4、若线圈通以顺时针的电流后，小磁针的N极将指向纸面里D丁图中，在地面上放置一个小磁针，静止时小磁针的N极指向地磁场的南极6、在静电场中，一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，则下列判断中正确的是（ ）A电子的电势能增加4 eVB电子的电势能减少4 eVC电子的电势能减少5 eVDa、b两点间电势差Uab=4 V二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、全自动洗衣机中的排水阀是由程序控制器控制其动作的，当进行排 水和脱水工序是，控制铁芯 1 的线圈通电，使铁芯 2 动

5、作，从而牵引 排水阀的阀门，排出污水（如图所示）以下说法正确的是A若 a、b 处输入交变电流，铁芯 2 不能被吸入线圈中B若 a、b 处输入交变电流，铁芯 2 仍能被吸入线圈中C若输入的控制电流由 a 流入，由 b 流出，则铁芯 2 中 A 端为 N 极，B 端为 S 极D若输入的控制电流由 a 流入，由 b 流出，则铁芯 2 中 A 端为 S极，B 端为 N 极8、小车AB静置于光滑的水平面上，A端固定一个轻质弹簧，B端粘有橡皮泥，AB车的质量为M、长为L，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB与C都处于静止状态，如图所示，当突然烧断细绳，弹簧被释放，使物

6、体C离开弹簧向B端冲去，并跟B端橡皮泥黏在一起，以下说法中正确的是()A如果AB车内表面光滑，整个系统任何时刻机械能都守恒B整个系统任何时刻动量都守恒C当木块对地运动速度大小为v时，小车对地运动速度大小为vDAB车向左运动最大位移大于9、带电粒子（不计重力）在匀强电场或匀强磁场中，可能存在的状态是：A在匀强电场中做匀加速直线运动；B在匀强磁场中做匀加速直线运动；C在匀强电场中保持静止；D在匀强磁场中保持静止10、用下图实验装置来研究碰撞问题，用完全相同的轻绳将两个大小相同、质量相等的小球并列悬挂于一水平杆，球间有微小间隔将1号球向左拉起，然后由静止释放，使其与2号球发生弹性正碰，不计空气阻力，

7、忽略绳的伸长下列说法正确的是( )A碰撞过程中两球构成的系统动量和机械能都守恒B碰撞过程中两球构成的系统动量和机械能都不守恒C碰撞过程中两球的速度互换D碰撞后两球以共同的速度向右摆三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）要测量某种合金的电阻率（1）若合金丝长度为L，直径为D，阻值为R，则其电阻率=_，用螺旋测微器测合金丝的直径如图甲所示，读数为_mm（2）图乙是测量合金丝阻值的原理图，S2是单刀双掷开关根据原理图在图丙中将实物连线补充完整_(3)闭合S1,当S2处于位置a时,电压表和电流表的示数分别为U1=1.35V,I1=0.30A

8、；当S2处于位置b时,电压表和电流表的示数分别为U2=0.92V,I2=0.32A，根据以上测量数据判断,当S2处于位置_(选填“a”或“b”)时,测量相对准确,测量值Rx =_.(结果保留两位有效数字)12（12分）某同学验证物体质量一定时加速度与合力的关系，实验装置如图所示主要思路是，通过改变悬挂小钩码的质量，改变小车所受拉力，并测得小车的加速度将每组数据在坐标纸上描点、画线，观察图线特点（1）实验中为使小钩码的重力近似等于小车所受拉力，则钩码的质量m和小车质量M应该满足的关系为：_（2）如图所示为本实验中得到的一条清晰纸带，纸带上两相邻计数点的时间间隔为T，测量其中x1、x2、x3、x4

9、、x5、x1为了尽量减小误差，则用T、x1、x2x1表示小车加速度大小a=_（3）经过1次实验，获得了1组对应的小车所受合力F、小车加速度a的数据，在坐标纸上描点、画线，得到如图所示的a-F图线发现图线不过原点，经排查发现：并非人为的偶然误差所致，那么，你认为出现这种结果的原因可能是：_学习牛顿第二定律后，你认为，图中图线的斜率表示_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，一直流电源与一保护电阻R0和一直流电动机串联，已知电源电动势 E=24V（电源内阻不计)，保护电阻R0=4，电动机内阻R=2，电动

10、机竖直向上匀速吊起一质量 为m=1kg的重物时，安培表的读数I=2A，不计一切阻力，g取10m/s2。(1)电动机的电功率及热功率分别为多大？(2)重物匀速上升的速度v多大？(3)电动机的效率是多少？14（16分）如图所示的示波管，电子由阴极K发射后，初速度可以忽略，经加速后水平飞入偏转电场，最后打在荧光屏上，已知加速电压为U1，偏转电压为U2，两偏转极板间距为d，板长为L，从偏转极板到荧光屏的距离为D，不计重力，求：（1）电子飞出偏转电场时的偏转距离y；（2）电子打在荧光屏上的偏距OP15（12分）如图所示，顶角的金属导轨MON固定在水平面内，导轨处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中一根

11、与ON垂直的导体棒在水平外力作用下以恒定速度沿导轨MON向右滑动，导体棒的质量为m，导轨与导体棒单位长度的电阻均为导体棒与导轨接触点为a和b，导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触时，导体棒位于顶角O处求：（1）t时刻流过导体棒的电流强度I和电流方向（2）导体棒作匀速直线运动时水平外力F的表达式（3）导体棒在时间内产生的焦耳热Q参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】根据电压表与电流表的读数的变化率进行比较，从而确定接哪一个，误差更小，再由欧姆定律即可求解Rx的准确值【详解】由题意可知，电键S合在a点时，电

12、压表示数为10V，电流表示数为0.2A，当S合在b点时，电压表示数为12V，电流表示数为0.15A则电压表的读数变化率 而电流表的读数变化率为因此电流表的示数变化较大，说明电压表分流较多，要减小误差必须用电流表内接法则电阻较准确的测量值： 故应选：B【点睛】本题考查如何确定电流表的内接还是外接的方法，掌握部分电路欧姆定律的应用，理解误差分析的思路和方法2、C【解析】ab间总电压降低了，要使通过G的电流不变，应保持G两端电压保持不变，保持R2不变，增大R1时，R2的电压变小，R1电压可能保持不变，即G的电压不变，通过G的电流保持不变，故正确；增大R1，同时减小R2时，R2的电压降低，R1电压可能

13、保持不变，即G的电压不变，通过G的电流不变，故正确；保持R2不变，减小R1时，R1两端的电压减小，G的两端的电压减小了，通过G的电流减小了，故错误；增大R2，减小R1时，R1两端的电压减小了，G两端的电压变小了，通过G的电流减小了，故错误；故选C3、B【解析】重物竖直向上匀速上升，速度不变，动能保持不变故A错误重物的高度增大，重力势能逐渐增大故B正确重物匀速运动，钢绳对重物的拉力与重力平衡，保持不变故C错误由公式P=Fv，拉力F不变，v不变，则钢绳对重物的拉力的功率不变故D错误故选B.4、B【解析】第一次下落阶段，弹簧绳被拉伸的过程中，根据牛顿第二定律得：弹簧绳被拉伸的过程中，弹力变大，则加速

14、度变小，方向向下，小明做加速度减小的加速运动，当弹力等于重力时，加速度为零，速度最大，此后弹力继续增大，加速度方向向上，小明做加速度增大的减速运动，所以小明下落速度大小的变化情况是先增大后减小，故选B5、B【解析】A根据点电荷的电场线分布可知，甲图中的电场是负电荷产生的，选项A正确，不符合题意；B乙图是等量异种电荷形成的电场，a、b两点的电场强度相同，电势也相同，选项B错误，符合题意；C丙图中，若线圈通以顺时针的电流后，线圈内部磁场垂直纸面向里，则小磁针的N极将指向纸面里，选项C正确，不符合题意；D丁图中，地理的北极是地磁场的南极附近，则在地面上放置一个小磁针，静止时小磁针的N极指向地磁场的南

15、极，选项D正确，不符合题意。故选B。6、B【解析】ABC：一个电子由a点移到b点时电场力做功为+4 eV，电子的电势能减少4 eV。故B项正确，AC两项错误。D：a、b两点间电势差Uab=Wabq=4eV-e=-4V，故D项错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】AB若a、b处输入的是交变电流，则铁芯仍能被磁化，且磁化后的磁性总是与线圈要发生相吸的作用，则铁芯2仍能被吸入线圈，故A错误，B正确。CD若输入的控制电流由a流入，由b流出，则根据右手螺旋定则可

16、知，铁芯1下端是S极，上端是N极。那么铁芯2中A端为S极，B端为N极，故C错误，D正确；故选BD。8、BC【解析】AB与C这一系统所受合外力为零，系统在整个过程中动量守恒，但粘接过程有机械能损失。根据动量守恒有：则有：同时该系统属于人船模型，则有：所以车向左的位移应为：；故AD错误，BC正确；故选BC。9、AD【解析】当粒子从静止开始运动或者初速度方向与电场力同向时，在匀强电场中做匀加速直线运动，选项A正确；粒子在匀强磁场中受洛伦兹力的方向与速度方向垂直，不可能做匀加速直线运动，选项B错误；带电粒子在匀强电场中肯定受电场力作用，不可能保持静止，选项C错误；粒子若在匀强磁场中速度为零，则受磁场力

17、为零，可保持静止，选项D正确；故选AD10、AC【解析】试题分析：弹性碰撞的特点是动量守恒，机械能守恒，A正确；B错误；当两物体质量相等时，交换速度，C正确；D错误考点：弹性碰撞所遵从的规律三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 0.650 b 2.9 如图所示： 【解析】(1)螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数.(2)根据电路图连接实物电路图.(3)根据实验数据判断电压与电流变化大小，从而确定电压表还是电流表误差较大，进而确定外接法还是内接法，再由欧姆定律，求解电阻.【详解】(1)有电阻的决定式得电阻率为；由图示螺旋

18、测微器可知，其示数为：0.5mm+15.00.01mm=0.650mm；(2)根据图2所示电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：(3)由实验数据可知：,由此可知：,电流表分压较大，为减小实验误差，电流表应采用外接法，即S2处于位置a，根据欧姆定律，则有：；【点睛】本题考查了螺旋测微器读数、求电阻率，螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数，螺旋测微器需要估读一位，读数时视线要与刻度线垂直，并掌握电流表内接法与外接法的确定依据.12、 没有平衡摩擦力或平衡不够 小车质量M的倒数 【解析】（1）1根据牛顿第二定律得，对m：mg-F拉=ma对M：F拉=Ma解得：当时，即当钩码的总重力

19、要远小于小车的重力，绳子的拉力近似等于钩码的总重力（2）2根据匀变速直线运动的推论公式x=aT2可以求出加速度的大小，则有：为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，得：即小车运动的加速度计算表达式为：（3）3a-F图象不过原点而有横轴截距，说明当挂上钩码后加速度仍不为零，说明没有平衡摩擦力或平衡不够；4根据：可知a-F图象的斜率表示小车质量M的倒数【点睛】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方