北京市首师附2023学年高二物理第一学期期中学业水平测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项1考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回2答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用05毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置3请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符4作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效5如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题

2、目要求的。1、将两个分别带有电荷量2Q 和5Q 的相同金属小球 A、B 分别固定在相距为r 的两处（均可视为点电荷），它们之间库仑力的大小为 F.现将第三个与 A、B 两 小球完全相同的不带电小球 C 先后与 A、B 两小球相互接触后拿走，A、B 两小球间距离保持不变，则两小球间库仑力的大小为AFBFC FDF2、下列叙述正确的是（ ）A电荷不能够创造，但可以消灭B一个物体带1.610-9C的负电荷，这是它得到了1.01010个电子的缘故C只有体积很小的球形带电体才叫做点电荷D元电荷就是单位电荷3、关于动量，下列说法中正确的是( )A做匀变速直线运动的物体，它的动量一定在改变B做匀速圆周运动的

3、物体，动量不变C物体的动量变化，动能也一定变化D甲物体动量p15 kg m/s，乙物体动量p210 kg m/s，所以p1p24、下列物理量中，属于矢量的是（）A时间B质量C位移D路程5、如图所示，平行板电容器的两极板A、B接于电池两极，一带正电的小球悬挂在电容器内部，闭合S，给电容器充电，这时悬线偏离竖直方向的夹角为，则下列说法正确的是（ ）A保持S闭合，将A板向B板靠近，则增大B保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变C断开S，将A板向B板靠近，则增大D断开S，将A板向B板靠近，则减小6、如图所示，相距为0.6 m的两个点电荷A、C的电荷量大小之比为1:4，其中A带正电，C带负电，现引进第三个

4、点电荷B，使三个点电荷都处于静止状态。有关B的电性和位置，下 列说法正确的是AB球一定带正电，位置在C的右边，距C的距离为0.6mBB球一定带负电，位置在A、C之间，距C的距离为0.3 m .CB球一定带正电，位置在A的左边，距A的距离为0.3 mDB球一定带负电，位置在A的左边，距A的距离为0.6m二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化规律如图所示，下列说法正确的有（ ）At1 时刻线圈位

5、于中性面Bt2 时刻通过线圈的磁通量最大C电动势的有效值为D一个周期内交变电流的方向改变一次8、长为的水平极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为，板间距离也为，极板不带电。现有质量为、电荷量为的带正电粒子（重力不计），从左边极板间中点处垂直磁场以速度水平入射，如图所示。欲使粒子不打在极板上，可采用的办法是（ ）A使粒子速度B使粒子速度C使粒子速度D使粒子速度9、如图所示，长为l的轻绳的一端固定在点O上，另一端系一小球球刚好在竖直平面内做完整的圆周运动当小球运动到最低点时，速度大小为v，所受拉力大小为F不计空气阻力，则 Av=Bv=CF=5mgDF=6mg10、如图，质量分别为mA和mB的

6、两小球带有同种电荷，电荷最分别为qA和qB，用绝缘细线悬挂在天花板上平衡时，两小球恰处于同一水平位置，细线与竖直方向间夹角分别为1与2（12）两小球突然失去各自所带电荷后开始摆动，最大速度分别vA和vB，最大动能分别为EkA和EkB则 （ ）AmA一定小于mBBqA一定大于qBCvA一定大于vBDEkA一定大于EkB三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在测定干电池的电动势和电阻的实验中，实验器材有被测干电池、电流表（00.6A，0.1）、电压表（03V，3k）、电键、滑动变阻器（020）、导线等。(1)在方框中画出优选的实验电线图

7、_。(2)实验过程中测得干电池的路端电压与相应的输出电流的多组数据，描得图像如图所示，则干电池的电动势为_V，内电阻为 _。（保留三位有效数字）12（12分）在测量金属丝电阻率的实验中，（1）用螺旋测微器测量时，可以精确到_ mm，读出图1情况下的测量结果是_cm（2）已知电压表内阻约3k，电流表内阻约1，若采用图2甲电路测量，则Rx的测量值比真实值 _ （填“偏大”或“偏小”）若Rx约为10应采用 _（选“甲”或“乙”）的电路，误差会比较小（3）某次测量时，电压表和电流表的示数图3所示，则电流表示数为_ A，电压表示数为_V四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，

8、要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，矩形的四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab=2bc=2m，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18V，b点电势为10V，c点电势为6V。一带电粒子从a点以速度射入电场，v0与ab边的夹角为45，一段时间后带电粒子经过ab的中点e，不计粒子重力，求：(1)d点的电势；(2)电场强度的大小和方向；(3)带电粒子从a到e所用的时间。14（16分）如图所示，在与水平方向夹角为60的光滑金属导轨间有一电源，在相距1 m的平行导轨上放一质量为m0.3 kg的金属棒ab，通以从ba，I3 A的电流，磁场方向竖直向上，这时金属

9、棒恰好静止求：（1）匀强磁场磁感应强度的大小；（2）ab棒对导轨压力的大小。(g10 m/s2)15（12分）在如图甲所示的平面坐标系内，有三个不同的静电场：第一象限内有固定在O点处的点电荷产生的电场E1（未知），该点电荷的电荷量为，且只考虑该点电荷在第一象限内产生电场；第二象限内有水平向右的匀强电场E2（未知）；第四象限内有大小为，方向按图乙周期性变化的电场E3，以水平向右为正方向，变化周期。一质量为m，电荷量为+q的离子从（-x0，x0）点由静止释放，进入第一象限后恰能绕O点做匀速圆周运动。以离子到达x轴时为计时起点，已知静电力常量为k，不计离子重力。求：(1)离子在第一象限运动时的速度大

10、小；(2)第二象限电场强度E2的大小；(3)当时，离子的坐标。（）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】开始时由库仑定律得：当小球和A接触后，A球带电为-Q，再和B球接触时，先中和后总电量为4Q，故平分后B球带电为2Q，因此此时：所以A. F与计算不符，故A错误。B. F与计算不符，故B错误。C. F与计算相符，故C正确。D. F与计算不符，故D错误。2、B【解析】电荷不会凭空产生，也不会凭空消失，即电荷不能够创造，也不能被消灭，故A错误；一个物体带1.610-9 C的负电荷，这是它得到了1.01010个电

11、子的缘故，故B正确；当带电体的形状对它们间相互作用力的影响可忽略时，这个带电体可看作点电荷，与电荷的大小无关，故C错误；元电荷是指质子或电子的带电量，不是质子、电子，更不是单位电荷，故D错误。所以B正确，ACD错误。3、A【解析】A.动量等于质量和速度乘积，所以做匀变速直线运动的物体，它的动量一定在改变，故A正确B.匀速圆周运动的物体速度一直在变，所以动量在变，故B错误C.动量是矢量，动能是标量，动量变动能不一定变，故C错误D.动量是矢量，正负代表方向，故D错误故选A4、C【解析】A时间只有大小，没有方向，为标量，A错误；B质量只有大小，没有方向，为标量，B错误；C位移既有大小，又有方向，为矢

12、量，C正确；D路程只有大小，没有方向，为标量，D错误。5、A【解析】若保持S闭合，则电容器两极板之间的电压保持不变，因此根据 可知，当将A板向B板靠近时，电场强度增大，则电场力增大，将增大，故A正确；B错误；若断开S，电容器带电量保持不变，由和 以及，可得：，由于Q、S不变，只是d变化，所以电场强度不变，故电场力不变，则不变， 故CD错误；故选A【点睛】对于电容器的讨论注意电容器的两种状态，同时熟练掌握公式：、之间的推导，尤其是在电容器电量保持不变时，要正确根据这三个公式推导电场强度的表达式，从而正确判断电场强度的变化6、D【解析】A、B、C三个电荷要平衡，必须三个电荷的一条直线，外侧二个电荷

13、相互排斥，中间电荷吸引外侧两个电荷，所以外侧两个电荷距离大，要平衡中间电荷的拉力，必须外侧电荷电量大，中间电荷电量小，所以B必须为负电，在A的左侧。设B所在位置与A的距离为r，则B所在位置与B的距离为0.6+r，要能处于平衡状态，所以A对B的电场力大小等于C对B的电场力大小，设B的电量为q。则有：解得：r=0.6m故D正确，ABC错误。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：由图知，在t1 时刻线圈的电动势为零，磁通量最大，处于中性面的位置，

14、所以A正确；t2 时刻线圈的电动势最大，故磁通量最小，所以B错误；如图所示，电动势为余弦规律变化，故有效值为所以C正确；一个周期内交变电流的方向改变两次，所以D错误考点：本题考查交变电流8、AB【解析】如图所示设粒子恰好从右边穿出时圆心在点，有解得，又因为得所以时粒子能从右边穿出；粒子恰好从左边穿出时圆心在点，由得故时粒子能从左边穿出。故选AB。9、AD【解析】AB球刚好在竖直平面内做完整的圆周运动，所以在最高点有小球从最高点到最低点的过程中由动能定理有联立解得：故A正确，B错误；CD在最低点，由牛顿第二定律有解得：故C错误，D正确10、ACD【解析】设两个球间的静电力为F，分别对两个球受力分

15、析，求解重力表达式后比较质量大小；根据机械能守恒定律列式求解后比较最低点速度大小，再进一步比较动能大小；本题关键分别对两个小球受力分析，然后根据平衡条件列方程；再结合机械能守恒定律列方程分析求解【详解】对小球A受力分析，受重力、静电力、拉力，如图：根据平衡条件，有：，故：同理，有：，由于，故，故A正确；两球间的库仑力是作用力与反作用力，一定相等，与两个球是否带电量相等无关，故B错误；小球摆动过程机械能守恒，有，解得，由于A球摆到最低点过程，下降的高度较大，故A球的速度较大，故C正确；小球摆动过程机械能守恒，有，故：其中相同，根据数学中的半角公式，得到：其中，相同，故越大越大，动能越大，故一定大

16、于，故D正确【点睛】三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、见解析 1.50 0.250 【解析】(1)1滑动变阻器采用限流式接法，电路连接如图所示(2)23根据闭合电路欧姆定律可知在图象中，图象在纵轴的截距等于电源电动势，图象斜率的绝对值等于电源内阻，因此可得，12、 （1）0.01； 4.762； （2）偏小； 甲； （3）0.70； 11.8；【解析】（1）由图所示螺旋测微器可知，可以精确到0.01mm，固定刻度示数为4.5mm，可动刻度所示为26.20.01mm=0.262mm，螺旋测微器的示数4.5mm+0.262mm=4.762

17、mm；（2）若采用图2甲电路测量，电压表分流使电流表示数偏大，则Rx的测量值比真实值偏小；由于，采用电流表外接法，故选甲图，误差会比较小；（3）电流表精确到0.1A，电流表示数为0.70A；电压表精确到0.5V，电压表示数为11.8V；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1)；(2)，场强的方向垂直de斜向下；(3)【解析】(1)在匀强电场中，平行且相等两点间电势差相等，由此可得即解得(2)e是ab的中点，则，连结de，则de是等势线，电场线垂直等势线，方向由高电势指向低电势，过d、e、a做垂线，场强的方向垂直de斜向下由几何关系可得可求得由场强公式可得由前面分析可知场强的方向垂直de斜向下。(3)建立如图所示的坐标系，粒子速度方向和电场力垂直，做