2023学年江西省六校物理高二第一学期期中综合测试试题含解析_第1页
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文档简介

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知:1全卷分选择题和非选择题两部分,全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂;非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、某同学设计了一个多量程多用电表,其内部结构原理图如图所示其电流表的量程分别为10 mA和250 mA,电压表的量程分别为10 V和250 V,电阻档分别为“10 ”和“

2、100 ”则下列说法正确的是()A功能选择开关S与“1”相接时,所测物理量和量程分别是直流电流、250 mAB功能选择开关S与“3”相接时,所测物理量和量程分别是直流电流、10 mAC功能选择开关S与“5”相接时,所测物理量和量程分别是直流电压、250 VD做电流表或电压表时电流从红表笔流进,从黑表笔流出,作欧姆表时电流从红表笔流出,从黑表笔流进2、如图所示,厚薄均匀的矩形金属薄片边长ab2 cm,bc1 cm,当将A与B接入电压为U的电路中时,通过金属薄片电流为I若将C与D接入另一电路中,通过金属薄片电流仍为I,则C、D两端的电压为ABC2UD4U3、如图所示,一均匀的扁平条形磁铁的轴线与圆

3、形线圈在同一平面内,磁铁中心与圆心重合.为了在磁铁开始运动时在线圈中得到逆时针方向的感应电流,磁铁的运动方式可能是()AN极向纸内,S极向纸外,使磁铁绕O点转动BN极向纸外,S极向纸内,使磁铁绕O点转动C磁铁在线圈平面内顺时针转动D磁铁在线圈平面内逆时针转动4、如图,为静电除尘器除尘机理的示意图尘埃在电场中通过某种机制带电,在电场力的作用下向集尘极迁移并沉积,以达到除尘目的,下列表述正确的是( )A到达集尘极的尘埃带正电荷B电场方向由放电极指向集尘极C带电尘埃所受电场力的方向与电场方向相同D同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大5、如右图所示,当滑动变阻器的滑动片P向左移动时,( )A安培表

4、读数增大,伏特表读数增大B安培表读数减小,伏特表读数减小C安培表读数增大,伏特表读数减小D安培表读数减小,伏特表读数增大6、真空中有两个尺寸相同的可以看成点电荷的带电金属小球A、B,两小球相距固定,A小球所带电荷量为2Q,B所带电荷量为+4Q,两小球间的静电力大小是F,现在让A、B两球接触后,使其距离变为原来的一半。此时,A、B两球之间的库仑力的大小是()ABCD二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图,充电后的平行板电容器水平放置(与电源断开),电容为C,板间距离为

5、d,上极板正中央有一小孔质量为m、电荷量为q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落,穿过小孔到达下极板处的P点时速度恰为零(空气阻力忽略不计,极板间电场可视为匀强电场,重力加速度为g)下列说法正确的是A电容器所带电荷量B电容器板间的电场强度C若下板下移的距离,小球到达P点(原下板处)时速度恰为零D若下板水平右移一小段距离,小球到达下板处时速度恰为零8、如图所受,一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下,从静止开始由b沿直线运动到d,且bd与竖直方向所夹的锐角为45,则下列结论正确的是()A此液滴带正电B滴液做匀加速直线运动C合外力对液滴做的总功率等于零D滴液的电势能减少9、如图所示电路中,

6、已知R1R2R3,R1两端电压为3 V,R3两端电压为1 VR4、R5为定值电阻则( )AR2两端电压可能为2 VBA、B两端电压可能为7 VC若A、B两端电压为5 V,可以判断出R4R5D若A、B两端电压为5 V,可以判断出R4R510、在排球比赛中,运动员用手掌将排球奋力击出。关于排球与运动员手掌之间的作用力,下列说法正确的是( )A排球对运动员手掌的作用力大于运动员手掌对排球的作用力B排球对运动员手掌的作用力和运动员手掌对排球的作用力大小相等C排球对运动员手掌的作用力比运动员手掌对排球的作用力产生稍晚D排球对运动员手掌的作用力和运动员手掌对排球的作用力同时消失三、实验题:本题共2小题,共

7、18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11(6分)(1)某同学分别使用10分度游标卡尺和螺旋测微器测量金属棒的长度L和直径d,某次测量的示数如图甲和乙所示,长度L_ mm,直径d_ mm.(2)某兴趣小组探究用不同方法测定干电池的电动势和内阻,他们提出的实验方案中有如下四种器材组合为使实验结果尽可能准确,其中可行的实验方案有 _ .A一个安培表、一个伏特表和一个滑动变阻器B一个伏特表和和一个滑动变阻器C一个安培表和一个电阻箱D两个安培表和一个滑动变阻器12(12分)探究小组在实验选材中从实验室找到一只小灯泡,其额定电压为2.6V,额定功率模糊不清.于是小组商议通过描绘小灯

8、泡的伏安特性曲线来测定小灯泡的额定功率,实验时找到了以下器材(导线和开关除外):A电源(约为3.0V,内阻约为)B电流表A(-0.6A,内阻为)C电压表V(01V,内阻为)D定值电阻E.定值电阻F.滑动变阻器(1)在图甲中画出实验电路图_;(2)根据实验数据,描绘出了如图乙所示的伏安特性曲线,在00.6V内图线为直线,则小灯泡不工作时的电阻为_;当电压大于0.6V后图线为曲线,则随着灯丝两端电压的增加,灯丝的电阻逐渐_(填“增大”、“减小”或“不变”);根据图线可知,小灯泡的额定功率为_W(结果保留2位小数).四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文

9、字说明、方程式和演算步骤。13(10分)一滑雪爱好者的质量为70kg,他从高为h1.25m的平台,以v010m/s的初速度从平台边缘水平滑出,g取10m/s2.,求:(1)滑雪者在空中运动的时间t;(2)滑雪者着地点到平台边缘的水平距离x;(3)滑雪者落地速度v;(4)取落地地面为参考面,算出滑雪者出发时的重力势能。14(16分)如图所示,在板间距为d、足够大的平行板电容器中,存在竖直向下的匀强电场在平板的内表面贴有特殊薄膜,当带电粒子落在平板上时会显示落点痕迹。在距离上极板d/5处O点有一个静止的中性微粒,由于内部作用,某一时刻突然分裂成两个带电微粒1、 2,其中微粒1获得水平向左的初速度。

10、经过一段时间, 上极板薄膜上离虚线(虚线过O点垂直于极距离为d/5的位置出现落点痕迹A。同一时刻下极板薄膜上也出现落点痕迹B (图中未画出)不计重力和分裂后两微粒间的作用。求:(1)微粒1、微粒2的质量之比(2) A、B两点之间的距离L。15(12分)细线下端吊着一个质量为4.8kg的沙袋,形成一个单摆,摆长为2m。一个质量为0.2kg的子弹以100m/s的速度水平射入沙袋并留在沙袋里,随沙袋一起摆动。求:(1)子弹射入沙袋的瞬间,沙袋获得的速度是多大? (2)子弹射入沙袋中随沙袋一块上升的最大高度?参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项

11、是符合题目要求的。1、A【解析】A由图可知,选择开关接“1”时,表头与电阻R1并联,且并联电阻较小,因此选择开关接“1”时测电流,由于并联电阻小,电流表量程大,量程是250 mA,故A正确;B功能选择开关S与“3”相接时,是用来测电阻的,故B错误;C选择开关接“5”时,表头与电阻R5串联,串联电阻较小,此时多用电表测电压,量程较小,量程是10 V,故C错误;D做电流表或电压表时电流从红表笔流进,从黑表笔流出,作欧姆表时电流从红表笔流进,从黑表笔流出,选项D错误。2、A【解析】设金属薄片的厚度为d,当A与B接入通过的电流为I时,电阻,当C与D接入通过的电流为I时,电阻,联立得,根据欧姆定律得,即

12、,解得,故选A【点睛】根据电阻定律得出两种情况下的电阻之比,结合欧姆定律得出电压大小之比3、A【解析】根据产生感应电流的条件:穿过闭合线圈的磁通量要发生变化来判断图示时刻穿过线圈的磁通量为零【详解】A、图示时刻穿过线圈的磁通量为零,N极向纸内,S极向纸外转动时,向里的磁通量增大,则线圈中产生逆时针方向的感应电流,A正确;B、图示时刻穿过线圈的磁通量为零,S极向纸内,N极向纸外转动时,向外的磁通量增大,则线圈中产生顺时针方向的感应电流,B错误;C、D、不论磁铁在线圈平面内顺时针转动,还是逆时针转动,穿过线圈的磁通量仍为零,不变,不产生感应电流,CD错误;故选A。【点睛】本题考查分析、判断能力对于

13、A项,也可以根据线圈切割磁感线产生感应电流来判断4、D【解析】A.尘埃在电场力作用下向集尘极迁移并沉积,说明尘埃带负电,A错误;B.由于集尘极与电池的正极连接,电场方向有集尘板指向放电极,B错误;C.负电荷在电场中受电场力的方向与电场力方向相反,C错误;D.根据F=Eq可得,同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大,故D正确;5、A【解析】当滑动变阻器的滑动片P向左移动时,回路中总电阻减小,所以总电流增大,导致电阻R上分的电压增大,所以安培表读数增大,伏特表读数增大,故A正确;综上所述本题答案是:A6、A【解析】根据库仑定律,则有两球间的库仑力为将它们接触后再分开,然后放在距离为原来的一半,则

14、电荷量中和,再进行平分,因此电量均为+Q,则库仑力为故选A。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】对从释放到到达下极板处过程由动能定理得:,解得:,电容器两极板间的电压为:,电容器的带电量为:,故A错误,B正确;由题意知,电容器的电量不变,根据、和,得,当下板向下移动时电场强度不变,根据动能定理可知,小球从相同高度的释放,到达P点时速度恰好为零;当下板水平右移一小段距离,面积S减小,故电场强度增大,下落相同的距离,电场力做的负功更多,故小球在到达下板前速度已

15、经为零,故AD错误,BC正确,故选BC.【点睛】对从释放到到达下极板处过程运用动能定理列式求解电场强度,然后根据Q=CU求解电容器的带电量,根据、和,分析各种情况下电场强度的变化,再根据动能定理分析小球下落的速度8、BD【解析】试题分析:根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向,利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质,从而求出电场力的大小与合外力的大小,再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度;根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功,根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况若液滴带正电,其受力情况如图一所示,液滴不可能沿bd运动,故只能带负电荷,故A错

16、误;对液滴进行受力分析,其受力情况如图二所示,故物体所受合力,故物体的加速度为,做匀加速直线运动,B正确;由于液滴从静止开始做加速运动,故合力的方向与运动的方向相同,故合外力对物体做正功,功率不为零,C错误;由于电场力所做的功,故电场力对液滴做正功,故液滴的电势能减小,故D正确9、ABC【解析】设RR1R2R3,已知R1两端电压为3 V,R3两端电压为1V,根据欧姆定律,流过R1的电流为,流过R3的电流为,故流过电阻R2的电流可能为:,也可能为:;若流过R2的电流为,则R2两端电压为2V;若流过R2的电流为,则R2两端电压为4V,故A正确;点A与点B间的电压等于电阻R1与R2电压之和R1两端电

17、压为3V,若R2两端电压为2V,则A、B两端电压为5V;若R2两端电压为4V,则A、B两端电压为7V,故B正确;若A、B两端电压为5V,电流流向如图所示,说明电阻R3上端的电势较高,下端的电势较低,则R4两端的电压应该高于电阻R5两端的电压,故R4R5,故C正确,D错误故选ABC.【点睛】本题考查了串联电路和并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用10、BD【解析】试题分析:关于排球与运动员手掌之间相互作用,故大小相等、方向相反、作用在手与排球之间、同时产生、同时消失。由上知B.D对。考点:牛顿第三定律。三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、2

18、3.5 6.715 AC 【解析】(1)12长度L23mm+0.1mm5=23.5 mm,直径d6.5mm+0.01mm21.5=6.715 mm.(2)3通过改变电路的阻值从而获得多组数据,根据U-I图象与坐标轴的交点求解电动势和内阻。A安培表测电流,伏特表测路端电压,滑动变阻改变电路的阻值从而获得多组数据,故A正确;B伏特表测路端电压,但是滑动变阻器不能读出电阻值,从而不能得到电流,则不能测出电动势和内阻,故B错误。C安培表测电流,再由电流和定值电阻可得路端电压,通过改变接入定值电阻的个数改变电路的电阻,故C正确;D两个安培表和一个滑动变阻器,不管怎么组合,不能测出路端电压,故不能测出电动势和内阻,故D错误。12、 3.0 增大 1.22 【解析】(1)1灯泡额定电压为2.6V,电压表量程为1V,电压表应与定值电阻R2串联改装成3V的电压表,由于电压表内阻远大于灯泡电阻,电流表应采用外接法,描绘灯泡伏安特性曲线电压与电流应从零开始变化,滑动变阻器应采用分压接法,实验电路图如图所示:(2)2在00.6V内图线为直线,由图示图象可知,小灯泡不工作时的电阻3当电压大于0.6V后图线为曲线,随

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