云南省砚山县第二中学2023学年高二物理第一学期期中学业水平测试模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两块平行放置的金属板A、B分别与电源的两极连接，放射源发出的射线从其上方小孔向外射出，下列说法正确的是（） Aa粒子电离能力最强Bb粒子来自原子核内中子的衰变

2、Cc粒子穿透能力最强Dc粒子的速度最小2、如图所示是将滑动变阻器作分压器的电路图，A、B为分压器的输出端，C、D是分压器的输入端，C、D两点间的电压保持不变，电压值始终为U0；移动滑动变阻器的滑片P，当P位于滑动变阻器的中央时，下列结论中不正确的是（）A如果A、B端接入理想电压表如图（a）所示，电压表的示数为B如果A、B端接入阻值为R的电阻如图（b）所示，电阻R两端的电压小于C如图（b）所示，电阻R越大，其两端的电压越接近D如图（b）所示，电阻R越小，其两端的电压越接近3、在物理学史上.通过“理想实验”推翻”力是维持物体运动的原因”这个观点的物理学家是( )A亚里士多德 B伽利略 C牛顿 D爱

3、因斯坦4、电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为、由图可知、的值分别为A、B、C、D、5、如图所示，电子由静止开始从A板向B板运动，当到达B极板时速度为v，保持两板间电压不变，则()A当增大两板间距离时，v增大B当减小两板间距离时，v增大C当改变两板间距离时，v不变D当增大两板间距离时，电子在两板间运动的时间不变6、如图所示，一条形磁铁放在水平桌面上，在磁铁右上方固定一根与磁铁垂直的长直导线当导线中通以由外向内的电流时，磁铁仍然保持静止，则与不通

4、电是相比，下列说法正确的是()A磁铁受到向左的摩擦力，对桌面的压力减小B磁铁受到向右的摩擦力，对桌面的压力减小C磁铁受到向左的摩擦力，对桌面的压力增大D磁铁不受摩擦力，对桌面的压力不变二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，虚线a、b、c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为、，且，一带正电的粒子射人电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示由图可知（）A粒子从K到L的过程中，电场力做负功B粒子从L到M的过程中，电场力做负功C粒子从K到L的过程中，电势能增加D粒子

5、从L到M的过程中，动能减少8、如图所示是一个直流电动机提升重物的装置，重物质量m=50kg，电源电压U=100V，不计各处的摩擦，当电动机以v=0.9m/s的恒定速度将重物向上提升1m时，电路中的电流I=5A，g取10m/s2，由此可知（）A电动机线圈的电阻r=2B电动机线圈的电阻r=1C此过程中无用功为50JD该装置的效率为90%9、一小球从点竖直抛出，在空中同时受到水平向右的恒力，运动轨迹如图，、两点在同一水平线上，为轨迹的最高点，小球抛出时动能为，在点的动能为，不计空气助力。则（）A小球水平位移与的比值13B小球水平位移与的比值14C小球落到点时的动能为D小球从点运动到点过程中最小动能为

6、10、如图所示，正方形区域内存在垂直纸面的匀强磁场。一带电粒子垂直磁场边界从a点射入，从b点射出。下列说法正确的是（）A粒子带正电B粒子在b点速率大于在a点速率C若仅减小磁感应强度，则粒子可能从b点右侧射出D若仅减小入射速率，则粒子在磁场中运动时间可能会增加三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）有一个小灯泡上标有“4 V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A电压表V1(05 V，内阻约10 k)B电压表V2(010V，内阻约20 k)C电流表A1(00.3 A，内阻约1 )D电流表A2(0

7、0.6 A，内阻约0.4 )E滑动变阻器R1(010，2 A)F滑动变阻器R2(0100，0.2 A)G学生电源(直流6V)、开关及导线(1)为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_，电流表_，滑动变阻器_(填器材前方的选项符号，如“A”，“B”)(2)为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在下面的方框中画出实验电路图_。(3)P为上图中图线上的一点，PN为图线上P点的切线、PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，下列说法中正确的是（_）A随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C对应P点，小灯泡的电阻约为5.33 D对应P点，小灯泡的电阻约

8、为24.0(4)某同学通过实验得到的数据画出了该小灯泡的伏安特性曲线，如图所示，若用电动势为4.0V、内阻为8的电源直接给该小灯泡供电，则该小灯泡的实际功率是_W（保留两位有效数字）12（12分）利用两个小球的碰撞验证动量守恒定律，实验装置如图所示。两个小球大小相同，质量不相等。主要实验步骤如下：用天平测出两个小球的质量分别为m1和m2（）；将斜槽靠近桌子边缘置于桌面上固定，使斜槽末端切线水平，在末端点挂上重垂线，在地面已经铺好的纸上记录重垂线所指位置O点；不放置被碰小球b，让小球a从某固定点自由滚下，重复多次后记录落地点平均位置P；在斜槽末端放置小球b，让小球a从同一点自由滚下，重复多次后记

9、录两小球落地点平均位置M和N；用米尺测量OP、OM、ON的距离。（1）a、b两小球中质量较大的是小球_（填“a”或b”）。（2）因为两小球做平拋运动的时间相同，平拋运动的水平位移与初速度_，所以在计算式中可以用水平位移取代初速度。（3）用测得的物理量来表示，只要满足关系式_，则说明碰撞中动量是守恒的。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图，空间存在水平方向的匀强电场E=2.0104N/C，在A处有一个质量为0.3kg的质点，所带的电荷量为q=+2.010-4C，用一长为L=600cm的不可伸长的绝缘细线与

10、固定点O连接。AO与电场线平行处于水平状态，取g=10m/s2.现让该质点在A处由静止释放，求：（1）释放瞬间质点的加速度；（2）从释放到第一次到达O点正下方过程中质点机械能的变化量；（3）质点第一次到达O点正下方时的速度大小v。14（16分）如图所示，水平放置的两金属极板长度为L，相距为d，极板间的电压为U，两极板间的电场可视为匀强电场。一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从极板中央水平射入电场中，射入时的速度为v0，并从电场的右端射出。若不计粒子的重力，求该粒子射出时沿垂直于板面方向偏移的距离y。15（12分）如图所示，一带电微粒质量为m2.01011 kg、电荷量q1.0105 C，从静

11、止开始经电压为U1100 V的电场加速后，从两平行金属板的中间水平进入偏转电场中，微粒从金属板边缘射出电场时的偏转角30，并接着进入一个方向垂直纸面向里、宽度为D34.0 cm的匀强磁场区域微粒重力忽略不计求：（1）带电微粒进入偏转电场时的速率v1；（2）偏转电场中两金属板间的电压U2；（3）为使带电微粒不会由磁场右边射出，该匀强磁场的磁感应强度B至少多大？（=1.7）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】射线为高速电子流，质量约为质子质量的，速度接近光速；射线为氦核流，速度约为光速的在同一电场中，射线偏转

12、的轨迹曲率半径小于射线的曲率半径，同时结合射线带正电，偏向负极，而射线带负电，偏向正极，由图知，向左偏的为射线，向右偏的为射线，即到达A板的为射线；因在、三种射线中，射线的穿透能力最强，电离能力最弱，射线穿透能力最弱，电离能力最强，a粒子为射线，电离能力较弱，c粒子为射线，穿透能力最强，故A错误，C正确，衰变所释放的电子是原子核内的中子转变为质子时产生的，而b粒子是射线，故B错误；c粒子为射线，速度最大，故D错误故选C2、D【解析】A因滑片P位于滑动变阻器的中央，则如果A、B端接入理想电压表，电压表的示数为，选项A正确，不符合题意；B如果A、B端接入阻值为R的电阻时，R与滑动变阻器的下半部分并

13、联，再与滑动变阻器的上半部分串联，因为并联电路的总电阻总要小于任一支路的电阻，而串联电路中各支路的电压与电阻成正比，所以接R时，输出电压小于；故B正确，不符合题意；CD负载电阻R的阻值越大，负载电阻与滑动变阻器下半部分电阻的并联阻值越大，输出电压越大，越接近，故C正确，不符合题意；D错误，符合题意。故选D。3、B【解析】伽利略推翻了亚里士多德的观点,认为力不是维持物体速度的原因,而是改变物体运动状态的原因;所以B选项是正确的,ACD错误综上所述本题答案是：B4、D【解析】电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比 ,E为电源的总电压（即电动势），在UI图象中，纵轴截距表示电动势，根

14、据图象可知、，则 ， ，所以A、B、C错误，D正确点晴：解决本题的关键知道电源的效率也等于外电压与电动势之比以及会从U-I图象中读出电动势和外电压5、C【解析】A、根据动能定理研究电子由静止开始从A板向B板运动列出等式：，v与两板间距无关，所以当改变两板间距离时，v不变，A、B错误；C正确；D、由于两极板之间的电压不变，所以极板之间的场强为电子的加速度为：， 电子在电场中一直做匀加速直线运动，由所以电子加速的时间为：，由此可见，当增大两板间距离时，电子在两板间的运动时间增大，D错误；故选C6、A【解析】以导线为研究对象，由左手定则判断得知导线所受安培力F方向斜向左下方，根据牛顿第三定律得知，导

15、线对磁铁的安培力方向斜向右上方，磁铁有向右运动的趋势，受到向左的摩擦力，同时磁铁对桌面的压力减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】电场线与等势面垂直，由较高的等势面指向较低的等势面，分布图如图A粒子从K到L的过程中，正粒子从低电势向高电势运动，根据故电场力做负功，A正确；B粒子从L到M的过程中，正粒子先从低电势向高电势运动，后从高电势向低电势运动，电场力先做负功后做正功，B错误；C粒子从K到L的过程中，电场力做负功，电势能增加，C正确；D粒子从L到M的过

16、程中，电场力先做负功后做正功，故动能先减少后增大，D错误。故选AC。8、AD【解析】AB：电动机以v=0.9m/s的恒定速度将重物向上提升对电动机解得故A项正确，B项错误C：此过程中无用功 又，解得故C项错误D：该装置的效率 故D项正确【点睛】纯电阻元件，欧姆定律适用，电功等于电热，电功率等于热功率；非纯电阻元件，欧姆定律不适用，电功大于电热，电功率大于热功率，其它功率等于电功率减去热功率9、AC【解析】AB小球在竖直方向上做竖直上抛运动，根据对称性得知，从A点至M点和从M点至B点的时间t相等，小球在水平方向上做初速为零的匀加速直线运动，设加速度为a，根据位移时间公式联立可得故A正确，B错误；

17、C据小球的运动轨迹如图所示： 小球从A到M，由功能关系知在水平方向上恒力做功为则从A到B水平方向上恒力做功为根据能量守恒可知，小球运动到B点时的动能为故C正确；D由题知开始又竖直方向上在水平方向上又有联立以上解得几何关系可知，则据运动轨迹，但小球的运动方向与合加速度的方向垂直时，小球的速度最小，则小球从A到B过程最小速度一定与等效G垂直，如图P点，所以故D错误。故选AC。10、CD【解析】A由题可知，粒子向下偏转，根据左手定则，所以粒子应带负电，故A错误；B由于洛伦兹力不做功，所以粒子动能不变，即粒子在b点速率与a点速率相等，故B错误；C若仅减小磁感应强度，由公式得所以磁感应强度减小，半径增大

18、，所以粒子有可能从b点右侧射出，故C正确；D若仅减小入射速率，粒子运动半径减小，若粒子从下边飞出，则在磁场中运动的偏转角增大，则粒子在磁场中运动时间变长；若粒子从左边射出，则粒子射出磁场的时间不变，故D正确。故选CD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A D E AC 0.42W 【解析】（1）123灯泡的额定电压为4V，电压表应选A；灯泡的额定电流电流表应选择00.6A的量程，故选D；变阻器用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器选E（2）4灯泡内阻电压表内约为10k，电流表内阻约为0.4，电压表内阻远大于灯泡电阻，因此电流表应采用外

19、接法；描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法，电路图如图所示：（3）5AB、由图示I-U图象可知，随电压增大，电流增大，电压与对应电流的比值增大，即灯泡电阻变大，故A正确，B错误；CD、由图象可知，在P点，小灯泡的电阻为故C正确，D错误；（4）6根据闭合电路欧姆定律得：U=E-Ir，则有U=4-8I，画出U-I图象如图所示；交点对应的电压与电流即为小灯泡此时的实际电压与电流，所以小灯泡两端电压为1.2V，电流I=0.35A，所以实际功率为P=UI=1.20.35W=0.42W12、a 成正比 【解析】（1）1为防止两小球碰撞后，入射小球反弹，入射小球的质量应大

20、于被碰小球的质量，即小球a的量m1。（2）2因为两小球做平拋运动的时间t相同，水平位移x=vt所以即平抛运动的水平位移与初速度成正比，在计算式中可以用水平位移取代初速度。（3）3要验证动量守恒定律，即验证，小球离开轨道后做平拋运动，它们拋出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1），方向与水平方向成角斜向下（2）增加24J（3）【解析】(1)在释放的瞬间对质点受力分析，质点受水平向左的电场力 ，竖直向下的重力作用。故合力为：代入数据解得F=5N，方向与水平方向成斜