2023学年青海省玉树市物理高二第一学期期中综合测试试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，三个点电荷、固定在一直线上，与的距离为与的距离的倍，每个电荷所受静电力的合力均为零，由此可以判定，三个电荷的电量之比：为( )A-9:3:64B（-3）：-2：（-6）C

2、3:2:6D（-9）：4：（-36）2、如图所示，a为带正电的物体，b为不带电的绝缘物块，a、b叠放在粗糙水平地面上地面上方有垂直纸面向里的匀强磁场，现用恒力F拉b，使a、b一起无相对滑动地向左加速运动，则在加速阶段，a受到b施加的摩擦力方向及大小变化是（）A向左，变大B先向左后向右，先减小后增大C向左，变小D向左，不变3、如图，直线A为电源的UI图线，直线B和C分别为电阻R1、R2的U-I图线。现用该电源分别与R1、R2组成闭合电路甲和乙。由图像一定能确定的是（ ）A电阻B电源输出功率C电源内阻消耗的功率D电源效率4、如图所示，充电后与电源分离的平行板电容器，其正极板接地，在极板间P点有一带

3、电液滴处于静止状态现将B板移至虚线处，则A两板间电压变大BP点场强不变，但电势降低C电荷q仍保持静止D电荷q的电势能减小5、如图所示，水平地面上有一台式弹簧秤，水平托盘上的物体处于静止状态，关于物体的受力情况，下列说法正确的是A物体受到重力、支持力、压力三个力的作用B物体受到重力、支持力、摩擦力三个力的作用C物体受到重力、支持力两个力的作用D物体受到向上的支持力和向下的压力6、下列关于电场的说法正确的是：（）A在电场中电场强度为零的地方，电势不一定为零；B只受电场力的带电粒子一定沿电场线运动；C匀强电场中两点间的电势差与两点间的间距成正比；D电场力对正电荷做正功，电势能增大；对负电荷做正功，电

4、势能减小。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列关于多用电表电阻挡的说法中，正确的是()A表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越密B红表笔是与表内的电源的正极相连的C测电阻时，首先要把红、黑表笔短接进行调零，然后再去测电阻D为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近8、由欧姆定律导出和，下列叙述正确的是（ ）A由知，导体的电阻由两端的电压和通过的电流决定B导体的电阻由导体本身的物理条件决定，跟导体两端的电压及流过导体的电流大小无关C对确定的导体，其

5、两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值D一定的电流流过导体，电阻越大，其电势差越大9、如图所示，电源电动势E=6V，小灯泡L的规格为“4V 0. 8W”，开关S接1，当滑动变阻器调到R=8时，小灯泡L正常发光，现将开关S接2，小灯泡L和电动机M均正常工作. 则A电源内阻为1B电动机的内阻为8C电动机正常工作电压为1. 6VDS接2时电源的输出功率为1. 12W10、如图所示，M、N两点有两等量异种点电荷，a、b、c表示电场中的3条等势线，b是M、N连线的中垂线，a、c关于b对称点d、e、f、g是以O为圆心的圆与a、c的交点已知一带负电的试探电荷从d点移动到e点时，该电荷的电势能增加以下判断

6、正确的是AM点处放置的是正电荷Bd点的电势高于f点的电势Cd点的场强与f点的场强相同D将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到f点，电势能先增大后减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）旋钮式电阻箱如图所示，电流从接线柱A流入，从B流出，则接入电路的电阻为_ .今欲将接入电路的电阻改为，最简单的操作方法是_12（12分）军军同学进行“探究求合力的方法”实验：(1)下列要求对减小实验误差有益的是_A两细绳必须等长 B拉橡皮条的两条细绳夹角越大越好C弹簧测力计、细绳、橡皮条都应与木板平行D两弹簧测力计同时拉细绳时，示数之差尽可能大(2)本

7、实验采用的科学方法是_A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）已知电流表的内阻Rg=120，满偏电流Ig=3mA，（1）要把它改装成量程是6V的电压表，应串联多大的电阻？改装后的电压表内阻是多少？（2）要把它改装成量程是3A的电流表，应并联多大的电阻？14（16分）如图所示，长度为L=0.2m、电阻r=0.3、质量m=0.1kg的金属棒CD，垂直跨接在位于水平面上的两条平行光滑的金属导轨上，导轨间距离也为L，棒与导轨间接触良好，导轨电阻不计。导轨左端接有

8、R=0.5的电阻，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过导轨平面，磁感强度B=4T。现以水平向右的恒定外力F使金属棒右移，当金属棒以v=2m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，求：（1）电路中理想电流表和与理想电压表的示数；（2）拉动金属棒的外力F的大小。15（12分）如图所示，在两条竖直的平行虚线内存在着宽度为 L，方向竖直向上的匀强电场，在与 右侧虚线相距为 L 处有一与电场方向平行的荧光屏将一质量为 m、电荷量为 q的带电小球从 A点沿 AO方向以 v0垂直电场线射入电场，小球打在荧光屏上的 B点；撤去电场，小球仍在 A点以原有速度的大小和方向射入，则打在荧光屏上的 C点已知 BO CO，重力加速

9、度为 g (1)求小球从 A 点到 B的时间；(2)求匀强电场的电场强度 E（用 m、g、q表示）参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】三个电荷处于平衡时两边电性相同或者中间向反，若q1带负电，则q2带正电，q3应带负电；若q1带正电，则q2带负电，q3应带正电；由于每个电荷所受静电力的合力均为零，所以对q1有：；对q2有：；对q3有：，联立可解得：根据题意可知l22l1，所以：q1：q2：q3：1：9由于q1、q3是同种电荷，故q1：q2：q39：4：36或q1：q2：q39：4：36。A-9:3:64。

10、故A不符合题意。 B（-3）：-2：（-6）。故B不符合题意。C3:2:6。故C不符合题意。 D（-9）：4：（-36）。故D符合题意。2、C【解析】整体受到总重力、地面的支持力、竖直向下的洛伦兹力、拉力、地面摩擦力向左加速运动的过程中，速度增加，洛伦兹力增大，则支持力增大，摩擦力变大，合力变小，根据牛顿第二定律，加速度减小再隔离对a分析，根据牛顿第二定律知，a所受的合力减小a在水平上仅受静摩擦力，则静摩擦力变小，方向向左故C正确，A、B、D错误故选C点睛：对整体进行受力分析，根据牛顿第二定律判断出整体加速度的变化，再隔离对a分析，得出a合力的变化，从而得知摩擦力的变化3、C【解析】A由图可知

11、：，且U1U2，I1I2，可知R1R2，故A错误；B两图线的交点表示该电阻接在该电源上时工作状态，P甲=U1I1，P乙=U2I2由图中面积不能判定P甲P乙，故B错误；C两种电路中电源内阻消耗的功率分别为由于I1I2，故Pr甲Pr乙，故C正确；D电源的效率为效率与路端电压成正比，R1接在电源上时路端电压U1大，效率高，甲乙，故D错误.4、C【解析】试题分析：充电后与电源分离的平行板电容器，其两极板上的电荷量恒定，将B板移至虚线处，两极板间的距离减小，所以根据公式可得电容增大，两极板上的电荷量恒定，根据公式可得两极板间的电压减小，A错误；根据公式，联立可得，与两极板间的距离无关，所以现将B板移至虚

12、线处，两极板间的电场强度恒定不变，故电荷q仍保持静止，根据可得P点与B板之间的电势差减小，因为B板接地，电势为零，所以P点的电势增加，B错误C正确；根据公式可得电势能增加，D错误；考点：考查了电容器的动态分析【名师点睛】在分析电容器动态变化时，需要根据判断电容器的电容变化情况，然后结合，等公式分析，需要注意的是，如果电容器和电源相连则电容器两极板间的电压恒定，如果电容器充电后与电源断开，则电容器两极板上的电荷量恒定不变5、C【解析】A物体受到重力、支持力作用，压力是作用在台秤上的力，选项A错误；B物体在水平方向受力为零，则不受摩擦力的作用，选项B错误；C物体受到重力、支持力两个力的作用，选项C

13、正确；D向下的压力是作用在台秤上的力，选项D错误。6、A【解析】电场线的疏密表示电场强度大小，电场线的方向反映电势的高低，则电场强度与电势没有直接关系。电场强度为零，电势不一定为零。电势为零，电场强度也不一定为零。电场强度越大的地方，电势不一定高。顺着电场线方向，电势逐渐降低，但场强不一定减小。电场力做正功，电势能减小。【详解】A项：电势为零，是人为选择的，所以电场强度为零的地方，电势不一定为零，故A正确；B项：如异号电荷，其中一个电荷绕另一固定电荷做圆周运动，故B错误；C项：匀强电场中两点间的电势差与沿电场线两点间的间距成正比，故C错误；D项：电场力对电荷做正功，电荷的电势能一定减小，对电荷

14、做负功，电荷的电势能一定增大，故D错误。故应选：A。【点睛】电场强度和电势这两个概念非常抽象，可借助电场线可以形象直观表示电场这两方面的特性：电场线疏密表示电场强度的相对大小，切线方向表示电场强度的方向，电场线的方向反映电势的高低。电场力做功与电势能的关系。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】A欧姆表的雾表盘刻度是不均匀的，从零刻度处开始，刻度值越大处，刻度越密，选项A正确；B黑表笔是与表内的电源的正极相连的，选项B错误；C测电阻时，首先要把红、黑表笔短

15、接进行调零，然后再去测电阻，选项C正确；D表盘的中央部分刻度比较均匀，则为了减小误差，应尽量使指针指在中间刻度附近，选项D正确。8、BCD【解析】AB. 导体的阻值是导体本身所具有的性质，导体电阻由导体材料、长度、横截面积决定，与通过导体的电流及导体两端的电压无关，故A错误，B正确；C. 由欧姆定律可知，对某一导体来说，其两端电压和流过它的电流的比值就是它的电阻值，故C正确；D. 根据可知，一定的电流流过导体，电阻越大，其电压越大，即电阻两端的电压越大，故D正确。9、CD【解析】A.小灯泡的额定电流为：灯泡内阻为：当开关接1时，根据闭合电路欧姆定律有：代入数据解得：故A错误；BC.当接2时灯泡

16、正常发光，则流过的电流为：电源内阻分的电压为：故电动机分的电压为：动因电动机消耗的电能转化为机械能和内能，则可知电阻：故B错误，C正确；D.当接2时，电源输出功率：出故D正确。10、ABC【解析】试题分析：因带负电的试探电荷从d点移动到e点时，该电荷的电势能增加，故d点电势高于e点，故M点处放置的是正电荷，选项A正确；因e点电势与f点电势相等，故d点的电势高于f点的电势，选项B正确；根据电场线分布规律可知，d点的场强与f点的场强相同，选项C正确；因从d点到f点电势逐渐降低，故将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到f点，电势能逐渐减小，选项D错误；故选ABC.考点：等量异种电荷的电场；电势及电势能

17、.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 最简单的方法是将“1k”旋钮调到2，“100”旋钮调到0，“10”旋钮调到1【解析】试题分析：依次读出各档的电阻值，然后相加，得： ，今欲将接入电路的电阻改为，最简单的方法是将“1k”旋钮调到2，“100”旋钮调到0，“10”旋钮调到1，即可得.【点睛】电阻箱读数时，用数字乘以底下的倍数，最后将四个数据相加当各数字为零时，其阻值最小；当各数字为9时，其阻值最大12、C B 【解析】（1）实验中两细绳没必要必须等长，选项A错误；拉橡皮条的两条细绳夹角大小要适当，并非越大越好，选项B错误；测量力的实验

18、要求尽量准确，为了减小实验中因摩擦造成的误差，操作中要求弹簧秤、细绳、橡皮条都应与木板平行，故C正确；两弹簧测力计同时拉细绳时，读数大小要适当，并非示数之差尽可能大，选项D错误；故选C.（2）在本实验中要保证两个弹簧称的拉力与一个弹簧称的拉力效果相同，采用的科学方法是等效替代法故B正确【点睛】本题考查了“等效法”的应用和平行四边形定则等基础知识，对于这些基础知识在平时练习中要不断加强训练，以提高解题能力四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）1880, 2000；（2）0.12【解析】（1）要把它改装成量程是的电压表，应串联的电阻：，改装后的电压表内阻：。（2）要把它改装成量程是的电流表，应并联的电阻：。点睛：本题考查的电表的改装原理，明确串联电阻的分压作用，会求串联电阻阻值同时掌握并联电路的分流作用，能根据欧姆定律求解电阻大小。14、（1）2A（2）1.6N【解析】（1）CD杆产生的电动势为E，电流表的示数为I，电压表示数为U。EBLv I=E