2023学年湖北省武汉市外国语学校高二物理第一学期期中调研模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角条形码粘贴处。2作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡

2、一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、通过一系列实验，发现了电流的发热规律的物理学家是 。A焦耳 B库仑 C安培 D法拉第2、如图所示，O为两个等量异种电荷连线的中点，P为连线中垂线上的一点，对O、P两点的比较正确的是AOP，EoP，Eo=EpC负电荷在P点的电势能大DO、P两点所在直线为等势线3、如图所示，甲、乙两人各站在静止小车的左右两端，车与地面之间无摩擦，当她俩同时相向运动时，发现小车向右运动。下列说法不正确的是（）A乙的动量必定大于甲的动量B乙对小车的冲量必定小于甲对小车的冲量C甲、乙和车组成系统动量守恒

3、D甲、乙动量总和必定不为零4、如图,电源电动势为E,内阻为r,不计电压表和电流表的内阻对电路的影响。当开关闭合后,两灯均能发光.在将滑动变阻器的滑片向右滑动的过程中,下列说法正确的是( ) A小灯泡L1、L2均变暗B小灯泡L1、L2均变亮C流过滑动变阻器的电流变大D电流表A的读数变小,电压表V的读数变大5、如图，电路中电源E的内阻为r，R1、R2为定值电阻，R1为滑动变阻器的最大阻值，各电表均为理想电表已知rR2电阻R1R1闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P由变阻器的中点向左滑动的过程中，下列说法不正确的是（ ）A电源内阻r消耗的热功率先变大后变小B电源的输出功率先变小后变大CV1的示数先变

4、大后变小，V2的示数先变小后变大DA1的示数不断变小，A2的示数不断变大6、如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，点R同时在电场线b上，由此可判断A带电质点在P点的加速度比在Q点的加速度小B带电质点在P点的电势能比在Q点的大C带电质点在P点的动能大于在Q点的动能DP、R、Q三点，P点处的电势最高二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示为一组电场线，A、B为其中两点，

5、则（ ）AA点的场强大于B点的场强BA点电势高于B点电势C将电子从A点移到B点，电场为做正功D同一正电荷在A点的电势能小于在B点的电势能8、下列力学单位中，是国际单位制中基本单位的是（ ）AN Bkg Cm DJ9、如图所示,一个质量为m的物体以某一速度从A点冲上倾角为30的斜面,其运动的加速度大小为,这物体在斜面上上升的最大高度为h,则在这一过程中 ( )A重力势能增加了B机械能损失了C动能损失了mghD合外力对物体做功为10、如图所示，电阻不计的平行金属导轨固定在一绝缘斜面上，两相同的金属导体棒a、b垂直于导轨静止放置，且与导轨接触良好，匀强磁场垂直穿过导轨平面现用一平行于导轨的恒力F作用

6、在a的中点，使其向上运动若b始终保持静止，则它所受摩擦力可能()A为0B先减小后不变C等于FD先增大再减小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用电流表和电压表测定电池的电动势和内电阻，实验采用的电路如图1所示（1）下列给出的器材中，应该选用_（填代号）A、待测干电池（2节串联，电动势约3V）B、电流表（量程03A，内阻0.025）C、电流表（00.6A，内阻0.125）D、电压表（03V，内阻3k）E、电压表（量程015V，内阻15k）F、滑动变阻器（020，额定电流1A） G、滑动变阻器（02000，额定电流0.3A） H

7、、开关、导线（2）如图2给出了做实验所需的各种仪器，请你按电路图把它们连成实验电路_（3）该同学记录了5组数据，并根据这些数据在坐标图中画出UI图线，如图3所示，根据图线求出两节干电池串联的电动势E_V，内阻r_（结果均保留两位小数）12（12分）用伏安法测量某电阻Rx的阻值，现有器材如下 待测电阻Rx：范围在58，额定功率为1W；电流表A1：量程00.6A（内阻0.2）电流表A2：量程03A（内阻0.05）电压表V1：量程03V（内阻3k）电压表V2：量程015V（内阻15K）滑动变阻器R：0100电源：电动势12V，内阻忽略不计导线，开关为了较准确地测量，并保证器材安全，电流表应选_，电压

8、表应选_，并在虚线框中画出电路图_。（仪表请填写数字序号，其他答案不给分）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）一根长为2m的直导线，通有0.5A的电流，当把该导线垂直匀强磁场方向放入磁场后，测得导线受到的安培力大小为410-2N，求匀强磁场的磁感应强度大小为多少特斯拉。14（16分）如图所示，R为电阻箱，V为理想电压表当电阻箱读数为R12时，电压表读数为U14V；当电阻箱读数为R25时，电压表读数为U25V求：（1）电源的电动势E和内阻r（2）当电阻箱R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值Pm为多少？1

9、5（12分）如图所示，在O处固定一个电荷量为Q=+1.010-9C的点电荷，现用长L=0.2m的绝缘细线拴一个质量m=0.06kg的带电小球(可视为点电荷) 后也悬挂于O处，细线所受拉力达到F=6mg时就会被拉断。将小球拉至与悬点O等高，并且使细线伸直，然后由静止释放，当悬线转过90到到达B位置时，细线恰好拉断。之后小球将从B点进入板间距d=0.08m的两平行板电容器，并恰好沿水平方向做匀速直线运动(进入电容器后不考虑O处点电荷对小球的作用力)，且此时电路中的电动机刚好能正常工作。已知电源的电动势为12V，内阻1，定值电阻、的阻值均为6，电动机的内阻为1。忽略空气阻力和电容器的边缘效应，取g=

10、10m/s2，静电力常量k=9.0109Nm2/C2。求：（1）小球到达B 点时的速度大小；（2）小球所带的电荷量；（3）电动机的机械功率。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】英国物理学家焦耳通过一系列实验发现，电流发热具有以下规律：电流通过导体产生的热量，跟电流的二次方、导体的电阻、通电时间成正比。2、D【解析】电场强度是描述电场强弱的物理量，它是由电荷所受电场力与其电量的比值来定义。由于电场强度是矢量，电场强度叠加时满足平行四边形定则。电场线越密的地方，电场强度越强。正电荷所受电场力方向与电场强度方向

11、相同。同时沿着电场线方向电势降低。【详解】等量异种点电荷连线的中垂线电势为零，所以o=P，由等量异种点电荷的电场线的分布，可得O点的电场线最密，P点的较疏。所以EoEp，故AB错误；等量异种点电荷连线的中垂线是等势线，因此负电荷在P点的电势能与O点相同，故C错误，D正确；故选D。【点睛】虽然电场线不是实际存在的，但电场线的疏密可以体现电场强度的强弱；可以根据电场线方向来确定电势的高低；同时还考查了等量异种点电荷的电场线的分布，电场线与等势线相互垂直。3、B【解析】C.甲乙两人及小车组成的系统不受外力，系统动量守恒，选项C正确；AD.根据动量守恒定律得：mAvA+mBvB+m车v车=0；小车向右

12、运动，则说明甲与乙两人的总动量向左，说明乙的动量大于甲的动量，即两人的总动量不为零，故A D正确；B.因小车的动量向右，说明小车受到的总冲量向右，而乙对小车的冲量向右，甲对小车的冲量向左，故乙对小车的冲量一定大于甲对小车的冲量；故B错误；本题选不正确的，故选B。4、D【解析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化分析并联部分电压的变化，判断L1灯亮度的变化。【详解】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大

13、，外电路总电阻增大，则干路电流减小，故L2灯变暗，电流表读数变小。电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表读数变大根据串联电路分压特点可知，并联部分电压增大，则L1灯变亮由上分析可知，流过滑动变阻器的电流等于灯L2的电流减去灯L1的电流，所以流过滑动变阻器的电流一定减小，综上所述，故应选：D。【点睛】本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式、灵活应用欧姆定律公式是正确解题的关键。5、A【解析】A、C、D项：A、由题，电阻R1的阻值小于滑动变阻器R1的最大阻值，当滑动变阻器的滑片P变阻器的中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先

14、变大后变小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流先变小后变大，电源的内电压也变小后变大，则路端电压先变大后变小，所以V1的示数先变大后变小V2测量R2两端的电压，R2不变，则V2的示数先变小后变大并联电压U并=U-U2，先变大后变小，电阻R1所在支路电阻R1支路逐渐减小，所以电流I1增大，电流表A2示数增大；I2=I-I1，电流表A1示数变小，电源内部的热功率P=I2r，因为电流I先变小后变大，所以电源内部的热功率，先变小后变大，故A错误，C、D正确；B项：因为rR2，所以外电阻总是大于内电阻的，当滑动变阻器的滑片P变阻器的中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电

15、阻先变大后变小，所以电源的输出功率先变小后变大，故B正确点晴：电阻R1的阻值小于滑动变阻器R1的最大阻值当滑动变阻器的滑片P由中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中的电流变化和路端电压的变化，再由欧姆定律分析R2两端电压的变化，确定三个电表示数的变化6、C【解析】A、电场线的密的地方电场强度大，P处密，P处电场强度大，电场力大，加速度大故A错误；D、根据轨迹弯曲的方向和电场线可知电荷所受的电场力应向右，电场方向向右，顺着电场线方向电势减小，故Q点电势最大，P点最低，故D错误；B、利用推论：正电荷在电势高处电势能大，知

16、道P点电势能小故B错误；C、电荷的总能量守恒，即带电质点在P点的动能与电势能之和不变，P点电势能小，则动能大故C正确故选C二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】由图可知，a点电场线密，b点电场线稀，因此a点电场强度大于b点，即EaEb，故A正确沿电场线的方向电势逐渐降低，A点电势高于B点电势，故B正确；电子受到的电场力的方向由B指向A，所以将电子从A点移到B点，电场为做负功，故C错误；正电荷从A点移动到B点，电场力做正功，电势能减少，所以同一正电荷在A点的电

17、势能大于正电荷在B点的电势能，故D错误；故选AB.点睛：电场线是电场中的重要概念，要根据电场线的分布正确判断电势的高低和电场强度的强弱，即电场线的疏密反映场强的大小，顺着电场线电势降低8、BC【解析】三个力学基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为m、kg、s，故BC正确，AD错误。9、BD【解析】由题意知，物体在斜面上上升的最大高度为h，克服重力做功为mgh，则重力势能增加了mgh故A错误；根据牛顿第二定律得：mgsin30+f=ma，得到摩擦力大小为f=，物体克服摩擦力做功为Wf=f2h=，由功能关系知物体的机械能损失了，故B正确；合力对物体做功为W合=-ma2h=-，故D正确，

18、又由动能定理得知，物体动能损失了，故C错误10、AB【解析】棒a受到恒力F和重力、弹力及摩擦力的作用,在沿斜面方向上棒a先做加速度减小的加速运动，最后做匀速运动，电路中的电动势先增大后不变，所以b棒受到的安培力也先增大后不变，有平衡可知选项AB正确；CD错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ACDFH； ； 2.8； 1.9 【解析】(1)估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器(2)对照电路图，按顺序连接电路(3)由闭合电路欧姆定律分析U-I图

19、象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻【详解】(1) 滑动变阻器允许的最大电流为1A，量程为3A的电流表读数误差会比较大，所以应选择量程为0.6A的电流表（C）；电源的电动势是3V，所以适合选择量程为3V的电压表（D）；滑动变阻器要选择额定电流较大的（F）；另外，要选择电源A和导线与电键（H）所以要选择的项目共有：ACDFH；(2) 对照电路图，按顺序连接电路如图：(3) 由闭合电路的欧姆定律：E=U+Ir；当电路中的电流接近0时，路端电压接近电源的电动势，所以在U-I图象中，图线与纵坐标的交点表示电源的电动势，根据图3可以读出电源的电动势为2.8V；又因为图象的斜率表示电源的内电阻，所以：【点