2023学年河南省洛阳市偃师高中物理高二第一学期期中复习检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示是滑动变阻器的示意图，下列说法正确的是（）Aa和d串联接入电路中时，P向右移动电流增大Bb和d串联接入电路中时，P向右移动电流减小Cb和c串联接入电路中时，P向右移动电流减

2、小Da和c串联接入电路中时，P向右移动电流减小2、如图所示，仅在电场力作用下，一带电粒子沿图中虚线从A运动到B，则A电场力对粒子做正功 B粒子动能减小C粒子电势能减少 D粒子加速度减小3、R110 ，R220 ，R1允许通过的最大电流为1.5 A，R2两端允许加的最大电压为10 V若将它们串联，加在电路两端的最大电压可以是( )A45 VB5 VC25 VD15 V4、国际单位制中，力学的三个基本单位是 ( )A米、千克、秒B米、千克、牛顿C牛顿、千克、秒D米、牛顿、秒，5、如图所示,正方形容器处在匀强磁场中,一束电子从孔A垂直于磁场射入容器中,其中一部分从C孔射出,一部分从D孔射出。下列叙述

3、错误的是 ()A从C、D两孔射出的电子在容器中运动时的速度大小之比为21B从C、D两孔射出的电子在容器中运动时间之比为12C从C、D两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比为11D从C、D两孔射出的电子在容器中运动时的加速度大小之比为216、如图所示，电源的电动势和内阻分别为E、r，在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，下列各物理量变化情况为A电流表的读数逐渐减小B的功率逐渐增大C电源的输出功率可能先减小后增大D电压表与电流表读数的改变量的比值先增大后减小二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不

4、全的得3分，有选错的得0分。7、做简谐振动的水平弹簧振子，其振子的质量为m，振动过程中的最大速率为v，从某一时刻算起，在半个周期内A弹力的冲量一定为零B弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某一个值C弹力所做的功一定为零D弹力做功可能是零到之间的某一个值8、如图所示，电解池内有一价的电解液，t s内通过溶液内截面S的正离子数是n1，负离子数是n2，设元电荷为e，则以下解释中正确的是A正离子定向移动形成的电流方向是从AB，负离子定向移动形成的电流方向是BAB溶液内正、负离子向相反方向移动，电流方向相同C溶液内电流方向从A到B，电流ID溶液中电流方向从A到B，电流I9、如图所示，平行板电容器的两极板

5、A、B接于电池两极，一带正电小球悬挂在电容器的内部，闭合电键S给电容器充电，这时悬线偏离竖直方向角，若（）A电键S断开，将A板向B板靠近，则增大B电键S断开，将A板向B板靠近，则不变C保持电键S闭合，将A板向B板靠近，则变小D保持电键S闭合，将A板向B板靠近，则增大10、在如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为零，电阻R1=2R2，在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线，则：A通过电阻R1和R2的电流I1=I2BR1两端电压U1=C导线L中通过的电流IL=D使电阻R2断路，通过R1的电流不发生变化三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（

6、6分）在做验证力的平行四边形定则实验时：（1）以下说法中正确的是：（_）A用两只弹簧秤拉橡皮筋时，应使两细套之间的夹角为90，以便求出合力的大小B用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合C若用两只弹簧秤拉时合力的图示F与用一只弹簧秤拉时拉力的图示F不完全重合，说明力的合成的平行四边形定则不一定是普遍成立的DF1F2，若方向不变，大小各增加1N，则合力F的方向不变，大小也增加1N（2）某同学实验如图甲所示，其中A为固定橡皮条的图钉,O为橡皮条与细绳的结点,OB和OC为细绳,图乙是在白纸上根据实验结果画出的力的图示,下列说法中正确的是（_）A图乙中的F是力F1和F2合力的理论

7、值,F是力F1和F2合力的实际测量值B图乙的F是力F1和F2合力的理论值,F是力F1和F2合力的实际测量值C在实验中,如果将细绳也换成橡皮条,那么对实验结果没有影响D在实验中,如果将细绳也换成橡皮条,那么对实验结果有影响（3）本实验采用的科学方法是_(填字母代号)A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法12（12分）在测定一节干电池的电动势和内电阻的实验中，备有下列器材：A待测的干电池（电动势约为，内电阻小于 ）B电流表A1（量程0-3mA，内阻Rg1=10）C电流表A2（量程0-0.6A，内阻Rg2=0.1）D滑动变阻器（，）E.滑动变阻器（，）F.定值电阻（）G.开关和导

8、线若干（1）某同学发现上述器材中虽然没有电压表，但给出了两个电流表，于是他设计了如图甲所示的a、b两个参考实验电路。其中合理的是图_所示的电路；在该电路中，为了操作方便且能较准确的进行测量，滑动变阻器应选_（填写器材的字母序号）。（2）图乙为该同学根据（1）中选出的合理的实验电路，利用测出的数据绘出的图线（为电流表G的示数，为电流表A的示数），则由图线可得被测电池的电动势E=_V，内阻r=_.（结果保留到小数点后两位）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）.一束初速度不计的电子在经U的加速电压加速后，在距两极

9、板等距处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d，板长l，偏转电极边缘到荧光屏的距离为L，偏转电场只存在于两个偏转电极之间已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场是的速度大小；（2）电子经过偏转电场的时间；（3）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上能加的最大电压？（4）电子最远能够打到离荧光屏上中心O点多远处？14（16分）如图所示，甲 、乙两颗卫星在和地球赤道共面的轨道上绕地球分别做匀速圆周运动，二者运行方向相同，甲为地球同步卫星，乙为近地轨道卫星。科学家经过观测发现，每隔时间t两颗卫星相距最近一次。己知万有引力常量为G，地球自转周期为T0。求：（l）乙卫星运动的周

10、期；（2）地球的平均密度。 15（12分）如图所示，已知电源电动势E=3.0V，内阻r=1.0，定值电阻R1=1.0， R2= 2.00，R3=3.0。求:（1）开关S1闭合而S2断开时电压表的示数;（2）开关S1和S2都闭合时电压表的示数（计算结果保留2位小数）。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】Aa和d串联接入电路中时，P向右移动时，电阻变大，则电流减小，选项A错误；Bb和d串联接入电路中时，P向右移动时，电阻变小，则电流变大，选项B错误；Cb和c串联接入电路中时，P向右移动时，电阻变小，则电流变大

11、，选项C错误；Da和c串联接入电路中时，P向右移动时，电阻变大，则电流减小，选项D正确。故选D。2、B【解析】根据粒子的轨迹弯曲方向判断电场力方向根据电场力方向与速度方向的夹角判断电场力做功的正负电场力做正功，粒子的电势能减小；电场力做负功，粒子的电势能增大由电场线疏密判断出场强大小，分析加速度的大小。【详解】A、B项：带电粒子从A运动到B过程中，电场力方向与速度方向的夹角为钝角，电场力做负功。粒子的动能减小，故A错误，B正确；C项：由图看出，粒子的向下弯曲，粒子所受电场力方向大体向下，如图，则粒子所受电场力与电场强度方向相反所以粒子带负电。电场力做负功，粒子的电势能增大，故C错误；D项：A处

12、电场线比B处电场线疏，说明A处场强较小，粒子在A所受电场力较小，所以粒子运动的加速度增大，故D错误。故应选B。【点睛】此题要根据轨迹的弯曲方向判断出电场力方向物体做曲线运动时，合力指向轨迹弯曲的内侧。3、D【解析】本题中R1、R2串联，R1允许通过的最大电流为1.5 A，经计算，R2允许通过的最大电流仅为0.5 A，则通过串联电路的最大电流以最小的为准，从而求得加在电路两端的最大电压是15 V故选D。4、A【解析】在国际单位制中，力学的三个基本单位是千克、米、秒，牛顿这个单位是根据牛顿第二定律推导得到的导出单位，不属于国际单位制中力学的基本单位，故A正确，BCD错误。5、C【解析】A.从C、D

13、两孔射出的电子轨道半径之比为21，根据半径公式r=，速率之比为21，故A正确；B.根据周期公式T=，无论电子的速度如何，在磁场中的运动周期都相等，从C、D两孔射出的电子运动时间分别是T/4、T/2，所以运动时间之比为12，B正确；C.加速度a=，所以从C、D两孔射出的电子加速度大小之比为21，C错误D正确。本题选择错误答案，故选：C。6、C【解析】AB、在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联的总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析可知，电路中的总电流I先减小后增大，则电流表的读数先减小后增大，R0的功率先减小后增大故A错误，B错误；C、由于电源的内阻与外电阻的关系未知，若电

14、源的内阻一直比外电阻小，则电源的输出功率先减小后增大故C正确；D、电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律得：U=EIr得：U/I =r，不变，故D错误故选C【点睛】在滑动变阻器的滑片P由a向b移动的过程中，变阻器并联电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中总电流的变化，确定电流表示数的变化、R0的功率变化和路端电压的变化根据电源内外电阻的关系分析电源输出功率的变化根据闭合电路欧姆定律分析U/I的变化二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】A由于经过半

15、个周期后，物体的速度反向，故动量也反向，根据动量定理，弹力的冲量一定不为零，故A错误；B振子的最大速率为v，最小速率为0，所以速度的变化范围在0到2v之间，根据动量定理可知，弹力的冲量大小可能是零到2mv之间的某一个值，故B正确；CD经过半个周期后，位移与之前的位移关系是大小相等、方向相反；速度也有同样的规律，故动能不变，根据动能定理，弹力做的功为零，故C正确，D错误。故选BC。8、BD【解析】试题分析：电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流方向，由图示可知，溶液中的正离子从A向B运动，负离子从B到A，因此电流方向是AB，故A错误，B正确；溶液中的正离子从A向B运动，因此电流方向是

16、AB，电流，故C错误，D正确；故选BD.考点：电流【名师点睛】本题考查电流的定义，要知道电荷的定向移动形成电流，正电荷的定向移动方向是电流的方向，负电荷的定向移动方向与电流方向相反；应用电流定义式即可正确解题；此题意在考查学生对基本公式的理解和掌握.9、BD【解析】电容器充电后电键S断开，电容器所带电量不变，根据推论分析板间场强是否变化，判断如何变化保持电键S闭合，板间电压不变，将A板向B板靠近，根据E=Ud分析板间场强如何变化，判断如何变化【详解】A、B、电容器充电后电键S断开，电容器所带电量不变，两板正对面积和介电常量都不变，根据推论E=4kQrs得知，板间场强E不变，小球所受电场力不变，

17、则将A板向B板靠近时，不变；故A错误，B正确.C、D保持电键S闭合，板间电压不变，将A板向B板靠近，板间距离d减小，由板间场强E=Ud分析得到场强增大，小球所受电场力增大，由平衡知识qE=mgtan知增大；故C错误，D正确.故选BD.【点睛】电容器所带电量不变，两板正对面积和介电常量不变，板间场强不变是重要的推论，要在理解的基础上加强记忆10、CD【解析】由题意可知考查闭合电路欧姆定律，据此分析计算可得。【详解】A电阻R2被短路，通过R2的电流I20，故A错误；BR1两端电压U1=，故B错误；C根据闭合电路欧姆定律可知通过导线L的电流IL=，故C正确；D使电阻R2断路，通过R1的电流IL=，不

18、发生变化，故D正确。【点睛】在R2的两端并联上一段电阻忽略不计的导线，则R2被短接，根据闭合电路欧姆定律计算可得。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B BC B 【解析】(1)1A. 合力是我们根据平行四边形画出来的，不是计算出来的，不需要让夹角为特殊角，故A错误。B. 为了使两次实验对橡皮筋产生的作用效果相同，故用两只弹簧秤拉时结点的位置必须与用一只弹簧秤拉时结点的位置重合，故B正确。C. 共点力合成的平行四边形定则是一定成立的，如果画出的差距太大，说明实验时出现错误，故C错误。D. 根据平行四边形定则可知，合力和两分力的大小并不总能同时增加相同的量。只有两力大小相等，夹角成120时，才能保证合力与分力增加量相同；故D错误。(2)2 F1与F2合成的理论值是通过平行四边形定则算出的值，而实际值是单独一个力拉O点的时的值，因此F是F1与F2合成的理论值，F是F1与F2合成的实际值，故A错误，B正确；CD. 由于O点的作用效果相同，将两个细绳套换成两根橡皮条，不会影响实验结果，故C正确D错误。(3)3 合力与分力的作用效果相同，所以本实验采用的科学方法是等效替代法，故B正确ACD错误。12、b D 1.46V 0.84 【解析】（1）12没有电压表，可以将电流表串联一个电阻，可以改装成