2023学年北京市丰台区北京第十二中学物理高二第一学期期中统考模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷注意事项:1答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2答题时请按要求用笔。3请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两平行光滑金属导轨固定在绝缘斜面上，导轨间距为L，劲度系数为k的轻质弹簧上端固定，下端与水平直导体棒

2、ab相连，弹簧与导轨平面平行并与ab垂直，直导体棒垂直跨接在两导轨上，空间存在垂直导轨平面斜向上的匀强磁场闭合开关K后，导体棒中的电流为I，导体棒平衡时，弹簧伸长量为x1；调转图中电源极性使棒中电流反向，导体棒中电流仍为I，导体棒平衡时弹簧伸长量为x2.忽略回路中电流产生的磁场，则磁感应强度B的大小为（ ）A (x2x1)B (x2x1)C (x2x1)D (x1x2)2、对于如图所示电场中的A、B、C三点，下列判断正确的是( )AB点的电场强度最大BA点的电势最高C正电荷在B点受到的电场力最大D负电荷在A点具有的电势能最大3、关于速度、速度的变化、加速度的关系，下列说法中正确的是（ ）A速度

3、变化越大，加速度就一定越大B加速度变小，速度一定变小C速度为零，加速度一定为零D速度变化越慢，加速度越小4、一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能随位移x变化的关系如图所示，其中段是关于直线对称的曲线，段是直线，则下列说法正确的是A处电场强度最小，但不为零B段电场强度大小方向均不变，为一定值C粒子在0段做匀变速运动，段做匀速直线运动D在0、处电势、的关系为5、宇宙飞船环绕地球做匀速圆周运动，半径为r，己知地球质量为M引力常量为G，则宇宙飞船在轨道上飞行的线速度大小为（）AGMr BrGM CrrGM DGMr6、如图所示，平行金属板A、B水平正对放置，分别带等量异号电荷一带电微

4、粒水平射入板间，在重力和电场力共同作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么A若微粒带正电荷，则A板一定带正电荷B微粒从M点运动到N点电势能一定增加C微粒从M点运动到N点动能一定增加D微粒从M点运动到N点机械能一定增加二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、下列四组三个共点力的合力可能是0的有（ ）ABCD8、如图所示，竖直放置的光滑圆轨道被固定在水平地面上，半径m，最低点处有一小球（半径比小很多）。现给小球一水平向右的初速度，则要使小球不脱离圆轨道运动，应当满足g=10m/s

5、2（）ABm/sCm/sDm/s9、如图所示，用伏安法测电阻R的阻值时，下列说法正确的是A十分认真地进行测量，测量所得R值一定仍比真实值大B只要认真进行测量次数足够多，那么测量所得R的平均值就会非常接近真实值C设安培表内阻为Rg，那么认真测量所得R值一定比真实值大RgD认真测量所得R值一定比真实值小10、如图所示,在一个水平放置闭合的线圈上方放一条形磁铁,希望线圈中产生顺时针方向的电流(从上向下看),那么下列选项中可以做到的是( ).A磁铁下端为N极,磁铁向上运动B磁铁上端为N极,磁铁向上运动C磁铁下端为N极,磁铁向下运动D磁铁上端为N极,磁铁向下运动三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案

6、写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）在“测定电源的电动势和内阻”的实验中,现备有以下器材：A干电池E 1节 B滑动变阻器R1 (050 ) C滑动变阻器R2 (010 k) D电压表V1 (03 V) E电压表V2 (015 V) F电流表A1 (00.6 A) G电流表A2 (03 A) H电键K、导线若干.为了最大限度的减小实验误差，电压表选用_，电流表选用_，滑动变阻器选用_（填器材的代号）.在虚线框内画出该实验最合理的电路图_.某同学根据记录的实验数据下图中画出UI图线根据图线得到被测电池的电动势E_V，内电阻r_.（结果保留三位有效数字）12（12分）某实验小组

7、利用下列实验器材探究某压敏电阻的压力特性电压表（量程03V，可视为理想电压表），电源（4V，内阻不计），定值电阻R0，压敏电阻Rx，开关S，导线若干。F040.080.0120.0160.0Rx/400.0320.3240.0160.179.8（1）请用笔面线代替导线，完成该实验的电路图（如图甲所示），要求电压表测量定值电阻R两端的电压。（2）压敏电阻阻值Rx随压力F变化的规律如下表所示，试在图乙所示的坐标中作出RxF图象（3）若压敏电阻受到的压力为80N时，电压表示数为2V，则定值电阻R0的阻值为_，当压敏电阻受到的压力为120N时，电压表的示数为_V。四、计算题：本题共2小题，共26分。把

8、答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在xOy坐标系中，两平行金属板如图放置，OD与x轴重合，板的左端与原点O重合，板长L=2m，板间距离d=1m，紧靠极板右侧有一荧光屏两金属板间电压UAO变化规律如图所示，变化周期为T=210-3s，U0=103V，t=0时刻一带正电的粒子从左上角A点，以平行于AB边v0=1000m/s的速度射入板间，粒子电量q=110-5C，质量m=110-7kg不计粒子所受重力求：（1）粒子在板间运动的时间；（2）粒子打到荧光屏上的纵坐标；（3）粒子打到屏上的动能14（16分）水平放置的两块平行金属板长L，两板间

9、距d，两板间电压为U，且上板带正电，一个电子沿水平方向以速度v0从两板中间射入，如图所示，已知电子质量为m，电荷量为e.(电子的重力不计)（1）求电子飞出电场时侧位移y.（2）求电子飞出电场时的速度大小v1.（3）电子离开电场后，打在屏上的P点，若平行金属板右端到屏的距离为s，求OP的长15（12分）如图所示，真空中有平行正对金属板A、B，它们分别接在输出电压恒为U=91V的电源两端，金属板长L=10cm、两金属板间的距离d=3.2cm，A、B两板间的电场可以视为匀强电场。现使一电子从两金属板左侧中间以v0=2.0107m/s的速度垂直于电场方向进入电场，然后从两金属板右侧射出。已知电子的质量

10、m=0.9110-30kg，电荷量e=1.610-19C，两极板电场的边缘效应及电子所受的重力均可忽略不计（计算结果保留两位有效数字），求：（1）电子在电场中运动的加速度a的大小；（2）电子射出电场时在沿电场线方向上的侧移量y；（3）从电子进入电场到离开电场的过程中，其动量增量的大小。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】弹簧伸长量为x1时，导体棒所受安培力沿斜面向上，根据平衡条件沿斜面方向有：mgsin=kx1+BIL；电流反向后，导体棒所受安培力沿斜面向下，根据平衡条件沿斜面方向：mgsin+BIL=k

11、x2；联立两式得：B=（x2-x1）A (x2x1) ，与结论不相符，选项A错误；B (x2x1) ，与结论相符，选项B正确；C (x2x1) ，与结论不相符，选项C错误；D (x1x2) 与结论不相符，选项D错误；故选B2、B【解析】根据电场线的疏密分析场强的大小，确定电场力的大小，电场线越密，场强越大，同一电荷受到的电场力越大，根据顺着电场线电势降低，判断电势的高低，根据推论：负电荷在电势高处电势能小判断电势能的大小；【详解】A、A处电场线最密，电场强度最大，B点处电场线最稀疏，场强最小，故A错误B、根据顺着电场线电势降低可知，A点的电势最高，故B正确；C、A处电场线最密，电场强度最大，由

12、知同一电荷在A点受到的电场力最大，同理可知在B处受到的电场力最小，故C错误；D、A点电势最高，由知负电荷在A处电势能最小，故D错误【点睛】本题中电场中常见问题，关键抓住电场线的物理意义：电场线的疏密表示电场的强弱，电场线的方向反映电势的高低3、D【解析】根据加速度的定义式可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大.【详解】A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故A错误；B、运动物体的加速度变小，如果加速度与速度同向，速度增加，故B错误；C、物体的速度为零，但物

13、体的速度的变化率可以不为零，即物体的加速度不为零.故C错误；D、物体的速度变化越慢，即物体速度的变化率越小，则物体的加速度越小；故D正确.故选D.【点睛】本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决，注意明确加速度和速度大小无关.4、B【解析】试题分析：因为，所以，即图像的斜率表示电场强度大小，所以在处电场强度最小，为零，A错误；段为直线，斜率恒定，所以该段为匀强电场，B正确；图像的斜率表示电场强度大小，所以段做变加速直线运动，段做匀加速直线运动，C错误；根据电势能与电势的关系：，粒子带负电，q0，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有：，D错误；考点：考查了电场力做功，

14、电势，电势能【名师点睛】解决本题的关键要分析图象斜率的物理意义，判断电势和场强的变化，再根据力学基本规律：牛顿第二定律进行分析电荷的运动情况5、D【解析】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力得:GMmr2=mv2r 解得：v=GMr ，故D对；ABC错；【点睛】人造地球卫星绕地球做匀速圆周运动,根据万有引力提供向心力列式即可求解.6、C【解析】A、粒子在电场力和重力的合力作用下做类平抛运动，合力向下，电场力可能向上而小于重力，也可能向下，故无法判断A板的带电情况，A错误；B、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点电势能可能增加，也可能减小，B错误；C、粒子在电场

15、力和重力的合力作用下做类似平抛运动，电场力和重力的合力向下，故从M到N动能增加， C正确；D、电场力可能向上，也可能向下，故微粒从M点运动到N点过程，电场力可能做负功，也可能做正功，故机械能可能增加，也可能减少，D错误；二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】A、3N、4N的合力范围为1NF7N，8N不在合力范围之内，所以三个力的合力不可能为零，故A错误；B、4N、7N的合力范围为3NF11N，8N在合力范围之内，所以三个力的合力能为零，故B正确；C、3N、5

16、N的合力范围为1NF8N，1N不在合力范围之内，所以三个力的合力不可能为零，故C错误；D、7N、9N的合力范围为1NF16N，16N在合力范围之内，所以三个力的合力能为零，故D正确；故选BD【点睛】关键根据平行四边形定则得出合力的范围：|F1-F1|FF1+F18、CD【解析】小球不脱离圆轨道时，最高点的临界情况为解得m/s根据机械能守恒定律得解得m/s故要使小球做完整的圆周运动，必须满足m/s；若不通过四分之一圆周小球也不会脱离圆轨道，根据机械能守恒定律有解得m/s故小球不越过四分之一圆周，必须满足m/s，所以要使小球不脱离圆轨道运动，v0应当满足m/s或m/s，故CD正确，AB错误。故选C

17、D。9、AC【解析】实验误差有系统误差和偶然误差；由于实验方法及测量电路造成的误差是系统误差，多次测量求平均值是无法克服的，本题要注意电表的内阻对测量结果的影响；【详解】AD、由图可知，本实验采用了电流表内接法，由于电流表的分压而使电压表测量结果偏大，电流是准确的，故测量值一定大于真实值，故A正确，D错误；B、系统误差是无法消除的，故多次测量求平均值仍有误差存在，故B错误；C、由欧姆定律可知，故测量结果准确的话，一定比真实值大RA，故C正确；故选AC【点睛】关键知道用内接法测量电阻，实际测量值为与电压表并联路段的总电压，所以测量值偏大，处理此类问题时，注意不要把电表再看做理想电表10、AD【解

18、析】由安培定则可知，感应电流的磁场方向向下；当磁铁向上运动时，穿过线圈的磁通量变小，由楞次定律可知，原磁场方向向下，因此磁铁的下端是N极，上端是S极，故A正确，B错误；由安培定则可知，感应电流的磁场方向向下；当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律可知，原磁场方向向上，因此磁铁的下端是S极，上端是N极，故C错误，D正确；故选AD【点睛】根据图示电流方向，由安培定则判断出感应电流磁场方向；当磁铁向下运动时，穿过线圈的磁通量变大，由楞次定律判断出原磁场方向，从而判断出磁铁的磁极极性；然后再根据楞次定律“来拒去留”可判断磁铁与线圈的相互作用三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题

19、卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 V1 A1 R1 1.50（1.49-1.51） 1.00（0.950-1.05）【解析】(1)为方便实验操作，滑动变阻器应选总阻值较小的滑动变阻器R1，由图象可知，电源电动势约为1.5V，则电压表选电压表V1，电路最大电流约为0.5A，则电流表选电流表A1；(2)应用伏安法测电源的电动势与内电阻，用电流表测电流，电压表测路端电压，据此作出实验电路图(3)由图象可知，电源的U-I图象与纵轴的交点坐标值是1.50，则电源电动势E=1.50V，电源内阻【点睛】为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；根据电源电动势选择电压表，根据电路最大电流选择电流表，源的U-I图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；12、 240 ； 2.4 【解析】（1）明确给出的仪器，从而确定实验接法，作出电路图即可；（2）根据给出的表格数据利用描点法即可确定对应的图象；（3）根据图象可确定对应的电阻和电压的对应的关系，再根据串联电路的规律确定值电阻的阻值和电压表示数。【详解】（1）由于本实验中只有一个定值电阻和待测压敏电阻，故可以直接将二者串联后接在电压两端，而电压表并联在定值电阻两端即可，如图所示；（2）根据给出的表格，利用描点法即可确定对应的图象；（3）当压力为80N时，电压表示数为2V，由图可知，此时压敏