2023学年福建省莆田市第二十四中学物理高二第一学期期中检测模拟试题含解析

1、2023学年高二上物理期中模拟试卷考生须知：1全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、下列静电学公式中，F、q、E、U、r和d分别表示电场力、电量、场强、电势差以及距离 （ ）A它们都只对点电荷或点电荷的场才成立B只对点电荷或点电荷的场成立，只对匀强电场

2、成立C只对点电荷成立， 对任何电场都成立，只对匀强电场才成立D只对点电荷成立， 对任何电场都成立2、如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过()A40 WB60 WC80 WD120 W3、如图所示为一小灯泡的伏安特性曲线，横轴和纵轴分别表示电压U和电流I图线上点A的坐标为（U1，I1），过点A的切线与纵轴交点的纵坐标为（0，I2）当小灯泡两端电压为U1时，其电阻等于（ ）ABCD4、下列做法中，能使两个点电荷间的库仑力大小变为原来一半的是：（ ）A不改变电荷间的距离，使每个电荷的电荷量都变为原来的一半B不改变两电荷的电荷量，使

3、电荷间的距离变为原来的2倍C使一个电荷的电荷量加倍，同时使两电荷间的距离加倍D使两个电荷的电荷量和两电荷间的距离都增大到原来的2倍5、如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是( )A电流表示数变大，电压表示数变小B小电珠L变亮C电容器C上电荷量减小D电源的总功率变小6、在电场中某点放一检验电荷，其电量为q，检验电荷受到的电场力为F，则该点电场强度为E=，那么下列说法正确的是（）A若移去检验电荷q，该点的电场强度就变为零B若在该点放一个电量为2q的检验电荷，该点的场强就变为C若在该点放一

4、个电量为2q的检验电荷，则该点场强大小仍为E，但电场强度的方向变为原来相反的方向D若在该点放一个电量为q的检验电荷，则该点的场强大小仍为E，电场强度的方向也还是原来的场强方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，在点电荷Q形成的电场中，带电粒子q仅受电场力作用，运动轨迹为MEGFN曲线，其中G点与等势面a相切，E、F两点在等势面b上，M、N两点在等势面c上则以下判断正确的是（ ）Aq与Q电性相同B带电粒子在G点电势能最小C带电粒子在M点动能大于F点D带电粒子在

5、E点电势能小于N点8、如图所示，L1、L2两个规格不同的灯泡，当它们如图连接时，恰好都能正常发光设电路两端的电压保持不变，现将滑动变阻器的滑片P向右移动的过程中，L1和L2两灯的亮度变化情况是（ ）AL1亮度不变BL1变暗CL2变亮D无法判断9、下列说法中正确的是：（）A若电荷在某处不受电场力作用，则该处电场强度一定为零B若电荷在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度一定为零C在磁感应强度为B的匀强磁场中，长为L、电流为I的通电直导线所受到的安培力的大小，介于零（含零）和BIL（含BIL）之间D将通电导体置于匀强磁场中，若导体长度和电流大小一定，那么导体所受的安培力大小也是一定的10、图中a、

6、b和c表示点电荷的电场中的三个等势面它们的电势分别为6V、4V和1.5V一质子（H），从等势面a上某处由静止释放，仅受电场力作用而运动，已知它经过等势面b时的速率为v，则对质子的运动有下列判断：质子从a等势面运动到c等势面电势能增加4.5eV质子从a等势面运动到c等势面动能增加4.5eV质子经过等势面c时的速率为2.25v质子经过等势面c时的速率为1.5v上述判断正确的是（ ）ABCD三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）如图螺旋测微器的读数是_cm；游标卡尺的读数是_cm；若电流表的量程为0.6A，则电流表表针的示数是_A 12（

7、12分）在“测定金属的电阻率”实验中，所用测量仪器均已校准。待测金属丝接入电路部分的长度约为50cm，金属丝的直径约为0.400mm。（1）先用欧姆表粗测金属丝电阻，实验中选用倍率为“10”的电阻档测电阻时，表针偏角很大，为了使测量比较精确，应选的欧姆档是_(选填“1”、“100”或“1k”)。（2）用伏安法测金属丝的电阻Rx.实验所用器材为：电池组(电动势为3V，内阻约1)电流表(0.6A，内阻约0.1)电压表(3V，内阻约3k)滑动变阻器R(020额定电流2A)、开关、导线若干。某小组同学利用以上器材正确连接好电路，进行实验测量，记录数据如下：次数1234567U/V0.100.300.7

8、01.001.501.702.30I/A0.0200.0600.1600.2200.3400.4600.520由以上数据可知，他们测量Rx是采用_（3）请根据所选的电路图，补充完成实物间的连线，并使闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏。（4）这个小组的同学在坐标纸上建立U、I坐标系，如图3所示，图中已标出了测量数据对应的7个坐标点，并描绘出UI图线。由图线得到金属丝的阻值Rx=_，根据以上数据可以估算出金属丝的电阻率约为_m.(保留两位有效数字)四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，虚线MN左

9、侧有一场强为E1E的匀强电场，在两条平行的虚线MN和PQ之间存在着宽为L、电场强度为E22E的匀强电场，在虚线PQ右侧距PQ为L处有一与电场E2平行的屏现将一电子(电荷量为e，质量为m，重力不计)无初速度地放入电场E1中的A点，最后电子打在右侧的屏上，A点到MN的距离为，AO连线与屏垂直，垂足为O，求：(1) 电子到达MN时的速度；(2) 电子离开偏转电场时偏转角的正切值tan；(3) 电子打到屏上的点P到点O的距离.14（16分）如图所示的电路中，电源的电动势E=12V，内电阻r1，R1=1，R2=6，电动机的线圈电阻RM=1,若开关S闭合后通过电源的电流I=3A，通过R2电流I2=1A 。

10、求: （1）R2的两端电压U2（2）R1的消耗电功P1（3）电动机输出的机械功率P15（12分）如图甲所示，A、B为两块相距很近的平行金属板，A、B间电压为，紧贴A板有一电子源随时间均匀地飘出质量为m，带电量为e的电子（可视为初速度为零）。在B板右侧两块平行金属板M、N间加有如图乙所示的电压，电压的变化周期，板间中线与电子源在同意以水平线上，极板长L，距偏转右边缘s处有荧光屏，已知时刻沿中线射入偏转极板间的电子恰好能射出偏转极板，假定金属外无电场，打在极板上的电子均被极板吸收，荧光屏足够大，试求：（1）电子进入偏转极板时的速度；（2）时刻沿中线射入偏转板间的电子刚出偏转板时与板间中线的距离；（

11、3）经足够长时间t（t远大于T）打到荧光屏上的电子数与电子源发射的电子数之比；（4）电子打在荧光屏上的范围（打在荧光屏最上端和最下端的长度）。参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】由题可知，本题考查基本公式的适用范围，根据公式得定义可分析本题【详解】A只对匀强电场才成立，故A错误；B是通用公式，点电荷电场匀强电场都成立，故B错误CD只对点电荷成立， 是通用公式，对任何电场都成立，只对匀强电场才成立，故C正确，D错误。2、B【解析】由电路图可知，则L3消耗的功率最大，当L3消耗的功率是40 W时，根据可知，L

12、1、L2各消耗功率10 W，则电路消耗的总功率为60 W，故选B3、B【解析】试题分析：从图中可知小灯泡的电阻随着电压变化而变化着，当其电压为U1时，电流为I1，所以其电阻为，B正确；考点：考查了欧姆定律的应用4、C【解析】不改变电荷间的距离，使每个电荷的电量都变为原来的一半，根据库仑定律的公式：F=kq1q2r2，知，库仑力变为原来的14，故A错误；不改变电荷的带电量，使电荷间的距离变为原来的两倍，根据库仑定律的公式：F=kq1q2r2，知，库仑力变为原来的14，故B错误；使一个点电荷的带电量加倍，同时使两电荷间的距离加倍，根据库仑定律的公式：F=kq1q2r2，知，库仑力变为原来的12，故

13、C正确；使两个电荷的带电量和两电荷间的距离都增大到原来的两倍，根据库仑定律的公式：F=kq1q2r2，知，库仑力不变，故D错误。所以C正确，ABD错误。5、D【解析】当滑动变阻器滑片P向左移动时，变阻器接入电路电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律得知，总电流减小，路端电压增大，则电流表示数变小，电压表示数变大，小电珠L变暗，故AB错误；电源的总功率P=EI，I减小，E不变，则电源的总功率变小，故D正确；电容器的电压U=E-I（RL+r），I减小，其它量不变，则U增大，由Q=CU可知电容器C上电荷量Q增加，故C错误所以D正确，ABC错误6、D【解析】该点的电场强度，由于电场强度由电场本身的性质

14、决定，与检验电荷无关，若移去检验电荷或改变检验电荷的电荷量，该点的电场强度大小与方向均不变。A.A项与上述分析结果不相符，故A错误；B.B项与上述分析结果不相符，故B错误；C.C项与上述分析结果不相符，故C错误；D.D项与上述分析结果相符，故D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】试题分析：由力学知识可知，物体受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹的弯曲方向判断出带电粒子与点电荷是同种电荷，存在静电斥力根据力与速度方向关系可分析做功的正负解：A、由图可知，

15、粒子受静电斥力的作用，MG段电场力与速度方向的夹角为钝角，电场力做负功，GN段电场力与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功因此q与Q电性相同，且G点电势能最大，故A正确，B错误；C、由题意可知，E与F在同一等势线上，而粒子从M到E，电场力做负功，电势能增加，所以在M点电势能小于F点，则在M点动能大于F点，故C正确D、同理可知，M与N点是等电势的，所以粒子在E点电势能大于N点，故D错误；故选AC【点评】本题考查运用力学知识分析电场中轨迹问题的能力电场力具有力的共性，判断电场力做功的正负，按照功的公式，分析电场力与速度方向的夹角来判断及学会由电场力做功的正负来确定电势能的增加与否8、BC【解析】滑动

16、变阻器的滑动头向右移动的过程中，变阻器有效电阻RP变大，外电路总电阻R变大，干路电流I=减小，则L1变暗，灯泡L2的电压U2=UIR1变大，则L2变亮故选BC9、AC【解析】若电荷在某处不受电场力作用，则该处电场强度一定为零，选项A正确；静止的电荷不受磁场力作用，则若电荷在某处不受磁场力作用，则该处的磁感应强度不一定为零，选项B错误； 在磁感应强度为B的匀强磁场中，长为L、电流为I的通电直导线所受到的最大安培力为BIL，则安培力的大小，介于零（含零）和BIL（含BIL）之间，选项C正确； 将通电导体置于匀强磁场中，若导体长度和电流大小一定，但是由于导体的放置方式不同，则所受的安培力的大小不同，

17、即导体所受的安培力大小不是一定的，选项D错误；故选AC.10、BD【解析】由a运动到c，则电场力做功W=e(a-c)=e(6-1.5)=4.5eV为正功，则电势能减小，动能增加故A错误，B正确由a到c，4.5eV=12mv2；由a到b，e(a-b)=e(6-4)V=12mv2；联立得：v=2.25v=1.5v，故CD错误；故选B三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、 1.3870 1.150 0.44【解析】（1）螺旋测微器的固定刻度为13.5mm，可动刻度为 ，所以最终读数为 （2）20分度的游标卡尺,精确度是 ,游标卡尺的主尺读数为

18、,游标尺上第10个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为 ,所以最终读数为: ；（3）电流表的量程是0.6A，则最小刻度代表的是0.02A，精确到0.01A，则图中表的读数是：0.44A综上所述本题答案是：(1). 1.3870 (2). 1.150 (3). 0.4412、1 C 4.5 1.110-6 【解析】用欧姆表测电阻，应选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近，然后再进行欧姆调零；根据数据表可以看出电表的示数变化范围较大，说明变阻器采用的是分压式接法；根据电阻定律和欧姆定律写出电阻率的表达式，然后解出电阻率的值即可；【详解】（1）实验中选用倍率为“10”的电阻档测电阻时，表针偏角很大，说明该电阻是小电阻，所以换成小档位，要使指针在中间附近，因此欧姆档是1；（2）从给出的数据表可知，电流表和电压表的读数变化范围较大，所以变阻器采用的应是分压式接法，由电压表与电流表读数可知，所测电阻阻值较小，即测量采用电流表外接法，因此应该选择C图；（3）根据原理图，连接实物图，如图所示：（4）由图线得到金属丝的阻值为：RX=UI=1.80.40=4.5 根据R=LS得：=RSL=R(d2)2L代入数据得：1.110-6m。【点睛】该题是综合性较强的题