计算机网络吴功宜第三版课后习题解答

1、计算机网络-清华版_吴功宜（第三版）课后习题解答（第 1-4 章）第一章 计算机网络概论P42.请参考本章对现代Internet 结构的描述，解释“三网融合”发展的技术背景。答：基于Webl勺电子商务、电子政务、远程医疗、远程教育，以及基于对等结构的 P2P 网络、3G/4G与移动Internet的应用，使得Internet以超常规的速度发展。“三网融合”实质上是计算机网络、电信通信网与电视传输网技术的融合、业务的融 合。. 请参考本章对Internet 应用技术发展的描述，解释“物联网”发展技术背景。答：物联网是在Internet 技术的基础上，利用射频标签、无线传感与光学传感等感知技术自动

2、获取物理世界的各种信息，构建覆盖世界上人与人、人与物、物与物的智能信息系统，促进了物理世界与信息世界的融合。. 请参考本章对于城域网技术特点的描述，解释“宽带城域网”发展技术背景。答：宽带城域网是以 IP 为基础，通过计算机网络、广播电视网、电信网的三网融合，形成覆盖城市区域的网络通信平台，以语音、数据、图像、视频传输与大规模的用户接入提供高速与保证质量的服务。.请参考本章对 WPA术的描述,举出5个应用无线个人区域网络技术的例子。答： 家庭网络、 安全监控、 汽车自动化、 消费类家用电器、 儿童玩具、 医用设备控制、 工业控制、无线定位。5. 请参考本章对于Internet 核心交换、边缘部

3、分划分方法的描述，举出身边5 种端系统设备。答：PDA智能手机、智能家电、无线传感器节点、RFID节点、视频监控设备。.长度8B与536B的应用层数据通过传输层时加上了 20B的TCP艮头,通过网络层时加 上60B的IP分组头，通过数据链路层时加上了 18B的Ethernet帧头和帧尾。分别计算两 种情况下的数据传输效率。 (知识点在：P33)解：长度为8B 的应用层数据的数据传输效率：8/(8+20+60+18) X 100%=8/106X 100%=7.55%长度为536B 的应用层数据的数据传输效率：536/(536+20+60+18) 乂 100%=536/634 S/N=1000香农

4、定理，公式Rmax=Blog2（1+S/N）得：Rmax=400（X log2（1+1000） = 4000 x10=40000 bps =40 kbps其中：S/N信噪比，是指信号功率 S与噪声功率N之比。已知：数据传输速率为14400bps,多相调制的相数k=16.求：调制速率。（知识点在：P80）解： 比特率 （S 单位为bps） 与调制速率 （B 单位为baud） 之间关系可以表示为：S=Blog2k ，式中 k 为多相调制的相数。14400bps= BX log216 ,得 3600 baud。已知：S/N=30db,带宽B=3000Hz采用QPSK-16M制方式。求：最大调制速度是

5、多少？（知识点在： P85-86）解：QPS正交相移键控，QPSK-1耻：16相调相。信噪比通常以分贝（db）表示，如果信噪比 S/N为1000,根据信噪比计算公式：S/N（db）=10 lg（S/N） 因此： 30=10 lg（S/N） S/N=1000香农定理，公式Rmax=Blog2（1+S/N） 得：Rmax=3000 A站没有发送BX S/8=-8/8=-1 B 站发送了 0CX S/8=1 C站发送了 1DX S/8=1 D站发送了 1综上所述，结论如下：(A) A站没有发送(B) B站发送了 0 (C) C站发送了 1 (D)D 站发送了 1第四章 数据链路层P133.如果数据字

6、段为11100011,生成多项式G(X)=X5+X4+X+1请写出发送的比特序列， 并画出曼彻斯特编码序号波形图。 解： G(X) 110010 f(x).xk=11100011 00000f(x).xk/ G(X) 的余数是： 11010所以，发送的比特序列： 1110 0011 11010 曼彻斯特编码序号波形图是：答案：发送的比特序列： 1 1 1 0 0 0 1 1 1 1 0 1 0 对应的 Manchester 编码波形：.某个数据通信系统采用CRC校验方式，并且生成多项式G(x)的二进制比特序列为11001,目的主机接收到的二进制比特序列为110111001 (含CRC佥验码)。

7、请判断传输过程是否出现了差错？为什么？ 解：用目的主机接收的比特序列 110111001 除以 G(x) 的比特 序列 11001，余数为：10，不能整除，所以出现传输差错。.在后退重传(GBN方式中，发送方已经发送了编号为 07的帧。当计时器超时之 时， 只收到编号0,2,4,5,6, 的帧， 那么发送方需要重发哪几个帧？ 解： 后退重传( GBN) ，发送方需要重发编号为 17的共 7个帧。6.在选择重传(SRi方式中，发送方已经发送了编号为 07的帧，当计时器超时之 时，只收到编号0,2,4,5,6 的帧，那么发送方需要重发哪几个帧？ 解：选择重传(SR) ：发送方需要重发编号为 1、

8、3、 7三个帧。. 在数据传输速率为100Kbps 的卫星链路上传输长度为1000bit 的帧。 如果采取捎带确认的方法，帧序号长度为 3bit ，接受方也用同样长度的数据帧捎带确认。请计算下面两种情况下的最大信道利用率。 ( 1)停止 - 等待协议。( 2)连续传输协议。解：本题有问题，主要是缺少传播延时。 不知答案是怎么来的？(1) 停止 - 等待协议的信道最大利用率为3.57%。(2) 连续传输协议的信道最大利用率为 12.90%。.外地子公司租用Modems公司网络连接。如果 Moden据传卒U率为3600bps,以异 步传输方式传输，每个字节加1bit起始位、1bit的终止位。传输的数据长度为72X106字 节。忽略线路传播延时。问：发送数据最少需要多少时间？ 解：72 X 106X（8+2） /3600=2 X 105发送数据最少用2X 105（s）.已知：HDLC勺监控帧的结构如图4-28所示。标志字段F地址字段A控制字段C 信息字段 I 帧校验字段FCS 标志字段 F （8 位）（8 位） （8 位） （长度可变） （16位） （ 8 位） b0 b1 b2 b3 b4 b5 b6 b7 监控帧 S 1 0 监控 P/F N （ R） 图 4-28 HDLC 监控帧的结构已知：主站要求发送方对编号为 2 开始的所有帧都要重发。 请写出：监控帧控制字段 C 的