高考物理一轮复习基础夯实练(1)(含解析)新人教版

1、 2019年高考物理（人教）一轮基础夯实练（1）李仕才、选择题1、在研究二力合成的实验中，AB是一根被拉长的橡皮筋， 定滑轮是光滑的，如图所示,若改变拉力F而保持O点位置不变，则下列说法中正确的是（）A.要使0减小，减小拉力 F即可B.要使0减小，增大拉力 F即可C.要使0减小，必须改变 a ,同时改变F的大小才有可能D.要减小0而保持a不变，则只改变 F的大小是不可能保持 。点的位置不变的解析：绳子对。点的拉力F2与F的合力和Fi等大、反向，如图所示，O点位置不变，则 橡皮筋白拉力Fi不变，绳子拉力F2的方向不变，即a角不变，若要减小0 ,必使F的大小 和方向以及F2的大小发生改变，故 D选

2、项正确.答案：D2、如图所示，水平传送带以恒定速度v向右运动.将质量为 m的物体Q轻轻放在水平传送带的左端 A处，经过t秒后，Q的速度也变为v,再经t秒物体Q到达传送带的右端 B 处，则（）A.前t秒内物体做匀加速运动，后 t秒内物体做匀减速运动B.后t秒内Q与传送带之间无摩擦力C.前t秒内Q的位移与后t秒内Q的位移大小之比为 1 : 13D. Q由传送带左端运动到右端的平均速度为4v解析：前t秒内物体Q相对传送带向左滑动， 物体Q受向右的滑动摩擦力，由牛顿第二定律Ff=ma可知，物体Q做匀加速运动，后t秒内物体Q相对传送带静止，做匀速运动，v 一 不受摩擦力作用，选项 A错误、B正确；刖t秒

3、内Q的位移X1 = t,后t秒内Q的位移X2X11=vt,故X2=2,选项C错误；Q由传送带左端运动到右端的平均速度vv二t + vtX1+X222t2t34丫，选项D正确.答案：BD3、甲、乙 疗 九 ，两物体分别在恒力 Fi、F2的作用下，沿同一直线运动.它们的动量随时间变化如图所示.设甲在ti时间内所受的冲量为Ii,乙在12时间内所受的冲量为I2,则F、I的大小关系是（）A. FiF2, I i = 12 B . FiF2, I iF2, IiI2 D . Fi = F2, Ii= I2解析：冲量I = A p,从题图上看，甲、乙两物体动量变化的大小Ii=I2,又因为I i = Fit

4、i,I2=F2t 2, t 2t 1 ,所以 FiF2.答案：A4、69 L * r 4 n在如图所示电路中 E为电源，其电动势 E=9.0 V,内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器， 其电阻R= 30 Q ; L为一小灯泡，其额定电压U= 6.0 V ,额定功率P=1.8 W; S为开关，开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通开关 S,然后将触头缓慢地向 A端滑动，当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光.则 C B之间的电阻应为（）a. 10 a b . 20 aC. 15 a d . 5 a解析：本题中小灯泡刚好正常发光，说明此时小灯泡达到额定电流I额=p=粤 A =0.3U 6.0A,两

5、端电压达到额定电压U额=6.0 V ,而小灯泡和电源、滑动电阻AC串联，则电阻 AC的E5电流与小灯泡的电流相等，RAc=10Rb= R RAc= 20B项正确.I额答案：B5、如图所示，均匀绕制的螺线管水平固定在可转动的圆盘上,其正中心的上方有一固定的环形电流A, A与螺线管垂直.A中电流方向为顺时针方向，开关S闭合瞬间.关于圆盘的运动情况（从上向下观察），下列说法正确的是（）A.静止不动B.顺时针转动C.逆时针转动 D .无法确定解析：环形电流可等效为里面的N极、外面为S极的小磁针，通电螺线管可等效为右边为N板，左边为S极的条形磁铁，根据磁极间的相互作用，圆盘将顺时针转动，选项B正确.答案

6、：B6、（2018 湖南长沙市高三统一模拟）金属钙的逸出功为 4.3 X 10 19 J ,普朗克常量h= 6.6 x 10 34 J - s,光速c = 3.0 xi08 m/s ,以下说法正确的是 （）A.用波长为400 nm的单色光照射金属钙，其表面有光电子逸出B.用波长为400 nm的单色光照射金属钙，不能产生光电效应现象C.若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则增大光的强度将会使光电子的 最大初动能增大D.若某波长的单色光能使金属钙产生光电效应现象，则减小光的强度将会使单位时间 内发射的光电子数减少解析：波长为400 nm的单色光的光子能量为 E= h=4.95 X 10 1

7、9 J,大于钙的逸出功，可以产生光电效应现象.根据光电效应规律，光电子的最大初动能决定于入射光的频率而与 TOC o 1-5 h z 其强度无关，但强度决定了单位时间内发射的光电子数的多少，正确选项为A、D.答案：AD7、现有两动能均为 日=0.35 MeV2H在一条直线上相向运动，两个 泊发生对撞后能发 33生核反应，得到2He和新粒子，且在核反应过程中释放的能量完全转化为2He和新粒子的动能.已知2H的质量为2.014 1 u , 3He的质量为3.016 0 u ,新粒子的质量为 1.008 7 u ,核 反应时质量亏损1 u释放的核能约为931 MeV（如果涉及计算，结果保留整数 ）.

8、则下列说法 正确的是（）2231A.核反应方程为iH+iH2He+ cnB.核反应前后不满足能量守恒定律C.新粒子的动能约为 3 MeVD.3He的动能约为4 MeV解析：由核反应过程中的质量数和电荷数守恒可知2H+ 2HR3He+ in,则新粒子为中子in,所以A正确.核反应过程中质量亏损，释放能量，亏损的质量转变为能量， 仍然满足能量守 恒定律，B错误；由题意可知 A E= (2.014 1 u X2 3.016 0 u -1.008 7 u) X 931 MeV/u= 3.3 MeV根据核反应中系统的能量守恒有&He+ Ekn= 2Ed+ A E,根据核反应中系统的动量一,P 一J Ek

9、He m . 2mlmHe寸恒有 PHe Pn=0,由 Ek=2m,可知 E= m，解得 EkHe= m m (2E 0+ A E) = 1 MeV Ekn= m m(2E0+AE) = 3 MeV,所以C正确、D错误.答案：AC二、非选择题1、(2018 南昌模拟)某物理实验小组在探究弹簧的劲度系数 k与其原长10的关系实验 中，按示意图所示安装好实验装置， 让刻度尺零刻度与轻质弹簧上端平齐， 在弹簧上安装可 移动的轻质指针P,实验时的主要步骤：将指针P移到刻度尺的5 cm处，在弹簧挂钩上挂上 200 g的钩码，静止时读出指针 所指刻度并记录下来；取下钩码，将指针 P移到刻度尺的10 cm处

10、，在弹簧挂钩上挂上 250 g的钩码，静止 时读出指针所指刻度并记录下来；取下钩码，将指针 P移到刻度尺的15 cm处，在弹簧挂钩上挂上 50 g的钩码，静止 时读出指针所指刻度并记录下来；重复步骤，在每次重复时，都将指针P下移5 cm,同时保持挂钩上挂的钩码质量不变.将实验所得数据记录、列表如下：次数弹簧原长10/cm弹簧长度l/cm钩码质量m/g15.007.23200210.0015.56250315.0016.6750420.0022.2350525.0030.5650根据实验步骤和列表数据，回答下列问题：(1)重力加速度g取10 m/s2,在实验步骤中，弹簧的原长为15 cm时，其劲

11、度系数kN/m.(2)同一根弹簧的原长越长，弹簧的劲度系数 .(弹簧处在弹性限度内)A.不变B .越大C.越小解析：(1)挂50 g钩码时，弹簧的弹力为 0.5 N ,根据胡克定律得，k = FZa X0.5N/mr 30 N/m.(2)对第3、4、5次数据分析，弹簧弹力相等，同一根弹簧，原长越长，形变量越大, 根据胡克定律F=kx知，弹簧的劲度系数越小，故选项 C正确.答案：(1)30(2)C2、(2018 河南中原名校联考 )如图甲，在水平桌面上固定着两根相距L= 20 cmi相互平行的无电阻轨道 P、Q,轨道一端固定一根电阻R= 0.02 Q的导体棒a,轨道上横置一根质量m= 40 g、

12、电阻可忽略不计的金属棒b,两棒相距也为 L= 20 cm.该轨道平面处在磁感应强度大小可以调节的竖直向上的匀强磁场中.开始时，磁感应强度Bo=0.1 T ,设棒与轨道间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10 m/s 2.(1)若保持磁感应强度 Bo的大小不变，从t=0时刻开始，给b棒施加一个水平向右的 拉力，使它由静止开始做匀加速直线运动.此拉力F的大小随时间t变化关系如图乙所示.求b棒做匀加速运动的加速度及b棒与轨道间的滑动摩擦力；(2)若从t = 0开始，磁感应强度B随时间t按图丙中图象所示的规律变化，求在金属捧b开始运动前，这个装置释放的热量.甲乙丙解析：(1)F安=氏1E= BoLv E BoLvI =-=dR Rv=at B0L2a所以F安=一Rt当b棒匀加速运动时，根据牛顿第二定律有F- Ff-F安=m2 2联立可得 F-Ff-Lat=mR由图象可得：当t = 0时，F= 0.4 N ,当t = 1 s时，F= 0.5 N.代入式，可解得 a=5 m/s2, Ff=0.2 N.(2)当磁感应强度均匀增大时，闭合电路