2022年广东省东莞市香市中考一模物理试卷

1、2022年广东省东莞市香市中考物理一模试卷一、选择题（共35小题，每小题3分，满分105分）1（3分）如图是用刻度尺测长度的实验，所记录的测量结果正确的是（）A5.3cmB5.25cmC3.25cmD3.3cm2（3分）下列光现象中，由光的直线传播形成的是（）A天空彩虹B 日食美景C 耀眼幕墙D 水中倒影3（3分）平面镜前有一点光源S，如图所示，作一条从光源S射出的光线，使它经平面镜反射后，恰好经过A点。图中的数字符号表示的是确定光源S射出的光线时作图的先后次序，其中作图过程正确的是（）ABCD4（3分）如图所示的广告图中有一处科学性的错误，它违背了光的某种规律，下面哪幅原理图能说明它违背的规

2、律？（）ABCD5（3分）如图所示是某同学在研究凸透镜成像规律时作出的像距v和物距u的关系图象根据图象，可以判断下列说法正确的是（）A该凸透镜的焦距是10cmB当u20cm时成倒立、等大的实像C当u10cm时，该凸透镜可以当作投影仪的镜头使用D在物距从15cm增大到30cm的过程中，光屏上所成的像也逐渐变大6（3分）下列物态变化的实例中，属于熔化的是（）A冰雪遇暖消融B水烧开时冒出“白气C草叶上形成“白霜”D用干手器将手烘干7（3分）如图甲所示，是小英“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验，开始实验时她控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块速度随时间变化的图象如图丙所示，则下列说法正

3、确的是（）A02s时，木块保持静止B26s时，木块受的摩擦力为0NC第1s时木块受到的摩擦力为4ND第7s时木块受到的摩擦力为3N8（3分）下列力臂的画法正确的是（）ABCD9（3分）如图所示，用细线将吊灯悬挂在天花板上，当灯静止时，下列哪对力属于平衡力（）A吊灯所受的拉力与细线所受的重力B细线对吊灯的拉力与吊灯所受的重力C细线对吊灯的拉力与吊灯对细线的拉力D吊灯所受的拉力与细线对天花板的拉力10（3分）如图所示，把重力为100N的物体从底端匀速推到斜面顶端，斜面长为10m，高为3m，实际推力为50N，则下列选项错误的是（）A推力做功为500JB克服物体重力做功为300JC斜面的机械效率为60

4、%D物体与斜面之间的摩擦力为50N11（3分）用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，则下列说法正确的是（）A甲物质的比热容是水的2倍B随温度的升高，甲的比热容逐渐增大C10分钟甲吸收的热量为2.52105JD甲物质和水吸收相同热量后升高相同的温度12（3分）现有两个阻值不等的未知电阻R1和R2，为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了下列四种电路，其中不可行的是（图中的电流或电压均在各电表的量程范围内，电源电压未知）（）ABCD13（3分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V不变，滑动变阻器的规格是“10 1A”。

5、实验中，先在a、b两点间接入5的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻（）A10和40B20和30C10和20D30和4014（3分）如图所示电路，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“100.5A”，滑动变阻器R2的规格为“201A”。闭合开关，为了保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列判断正确的是（）A电流表的示数变化范围是0.2A0.5AB电路总功率的变化范围是1.2W3WCR1的电功率变化范围

6、是0.9W2.5WD滑动变阻器R2的阻值变化范围为01015（3分）我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列实验原理相同的是（）ABCD16（3分）如图所示为小东家某部分家庭电路的电路图，火线和零线之间的电压为220V小东先把拉线开关闭合，灯泡正常发光。再把电饭煲接到三孔插座并闭合开关，电饭煲正常工作。请问此时哪个说法是错误的（）A灯泡的正常工作电压为 220VB灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系C把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔

7、，试电笔发光。这是因为此时零线有电流流过D把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内部发生短路17（3分）格林贝格尔由于发现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了2007年诺贝尔物理学奖，如图是研究巨磁电阻特性的电路示意图，当闭合S1，S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（）A滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱B滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性增强C巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小D巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大18（3分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流

8、表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断错误的是（）A电源的电压为6VB电路的最大总功率为3.6WCR2消耗的电功率先变大后变小，最大功率为0.9WD滑片位于中点位置时候滑动变阻器的功率为0.8W19（3分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5、10、15、20、25的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流描绘出如图乙所示的图象，则下列判断正确的是（）A实验中电压表的示数保持1V不变B当R的电阻为10时，通过R的电流为0.2AC滑动变阻器连入电路的阻值范围为025D将R从5换成10后，应将滑片向右移20（3分）如图所示是电阻甲和

9、乙的IU图象，下列说法正确的是（）A电阻乙为定值电阻，它的阻值为20B当电阻甲和乙两端电压为4V时，它的阻值和乙的阻值相等C当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，干路电流为0.6AD当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，乙的电阻为2021（3分）2022年5月17日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭成功发射第45颗北斗导航卫星。如图所示是北斗卫星随火箭加速上升与沿椭圆轨道绕地球运行时的情景。下列说法错误的是（）A运载火箭加速上升过程中，重力势能变大，动能增大B运载火箭加速升空是利用了物体间力的作用是相互的C北斗卫星绕轨道运行时受到非平衡力的作用D北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运动时，动能变大

10、，机械能守恒22（3分）关于惯性的理解和现象解释，以下说法正确的是（）A一切物体都有惯性，所以月球上的物体也有惯性B高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C汽车紧急刹车时，由于惯性的作用，乘客因而向前倾D汽车驾驶员和乘客系上安全带能减小惯性，避免出现安全事故23（3分）如图所示，两个物体所受的重力分别为G1和G2，忽略滑轮自重和摩擦，当滑轮平衡时，G1与G2的大小关系是（）AG1G2BG12G2C2G1G2D3G1G224（3分）如图所示，在探究杠杆平衡条件的实验中，杠杆处于水平平衡状态，所用钩码完全相同。下列做法中能使杠杆再次平衡的是（）A分别在两边钩码下再增加一个相同钩码B左边减

11、少1个钩码，右边减少2个钩码C两边钩码均向支点移动相同的距离D左边钩码向左移1.5个格，右边钩码向右移1个格25（3分）如图所示，甲、乙两种相同体积的实心小球，放在已调好的天平的左右两盘，天平恰好平衡。则甲、乙两种小球的密度比是（）A3：4B4：3C2：1D1：126（3分）2022年8月，教育部、国家卫生健康委等八部门联合印发综合防控儿童青少年近视实施方案，要求各地中小学强化学生体质，增强体育锻炼，并且规范电子产品使用，建立视力健康档案，综合施策全面防控青少年近视。下列四幅示意图中，表示近视眼成像和近视眼矫正后成像情况正确的分别是（）A乙和丙B乙和丁C甲和丙D甲和丁27（3分）虚线方框内各放

12、置一个透镜，两束光通过透镜前后的方向如图所示，则（）A甲为凸透镜，乙为凹透镜B甲、乙都为凸透镜C甲为凹透镜、乙为凸透镜D甲、乙都为凹透镜28（3分）如图为光线在空气和玻璃传播的示意图，其中实线分别表示入射光线、反射光线和折射光线，下列说法正确的是（）AOB是折射光线BAO是入射光线CNN是界面D空气在NN的右侧29（3分）如图所示，平面镜水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由AB两部分组成，可以绕接缝ON翻折。入射光线经纸板A入射到O点，关于入射光线和反射光线，下列说法正确的是（）A纸板B在任何位置都能看到反射光线B纸板B在任何位置都不能看到反射光线C反射角r随入射角i增大而减小D反射角r

13、和入射角i始终相等30（3分）下列关于声现象的说法中正确的是（）A公路旁安装隔音板是为了在传播中减弱噪声B物体振动的频率越高，声音的响度越大C同一乐器，弹奏的频率不同，发声的音色就不同D声音在真空中的传播速度为340m/s31（3分）如图所示为某家庭卫生电路电灯和电热器都在正常工作。在三孔插座上刚插上洗衣机（开关未闭合）的插头时，所有用电器都停止工作，拔出洗衣机的插头后，用测电笔测试三孔插座的左右两孔，氖管都发光，发现有一根熔丝熔断了，下列分析合理的是（）A若将灯泡改接到零线的熔丝的位置，小灯泡能正常发光B断开S1、S2，再用测电笔检测三孔插座的左右两孔，氖管都发光C只断开S1，再用测电笔检测

14、开关S1的两个接线柱，氖管都发光D若再取用一个相同的灯泡接到零线的熔丝的位置，开关S2断开后，两灯泡均变暗32（3分）如图所示是阳光动力2号太阳能飞机，它是一架长航时、不必耗费一滴燃油便可昼夜连续飞行的太阳能飞机，飞行所需能量完全由1.7万块高效能的太阳能电池板提供。下列说法中正确的是（）A机翼上的电池板将太阳能转换成化学能B太阳能飞机以太阳能为能源，它在运行中不存在环境污染、噪声污染C飞机在向上飞行的过程中，受到的大气压强逐渐降低D机翼做成上凸下平的形状可以减小体积，减小空气阻力33（3分）为了研究动能的大小与哪些因素有关，教材中设计了“小钢球撞木块”的实验（如图所示）让静止的小钢球从斜面滚

15、下，观察木块被推动的距离。关于该实验的说法中，正确的是（）A在实验器材的选择时，可以不考虑斜面的光滑程度，被撞木块的质量和软硬等因素B实验过程中，让同一小球从不同高度落下，目的是为了让小球获得不同的运动速度C该实验研究的基本方法是控制变量法，如分别控制小球滚下的高度、小球的质量D该实验的设计思路采用了转换法，用木块移动的距离来表示动能的大小34（3分）如图是电阻甲和乙的IU图象，小明对图象信息作出的判断，正确的是（）A当甲两端电压为0.5V时，通过它的电流为0.3AB当乙两端电压为2.5V时，其电阻值为5且等于甲的阻值C将甲和乙串联，若电流为0.3A，则它们两端总电压为3VD将甲和乙并联，若电

16、压为1V，则它们的干路电流为0.6A35（3分）某同学利用如图所示电路，测量额定电压为2.5V小灯泡的额定功率，下列说法错误的是（）A闭合开关前，滑片 P 应滑到 B 端B当电压表示数为 2.5V 时，测出通过小灯泡的电流，可算出小灯泡的额定功率C闭合开关后，小灯泡不发光，一定是小灯泡灯丝断了D实验还可得知，小灯泡的额定功率越大，小灯泡越亮2022年广东省东莞市香市中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共35小题，每小题3分，满分105分）1（3分）如图是用刻度尺测长度的实验，所记录的测量结果正确的是（）A5.3cmB5.25cmC3.25cmD3.3cm【答案】C【分析】（1）使用刻

17、度尺测量物体长度之前，要明确其零刻线、量程和分度值；（2）刻度尺上最小的一格代表的长度是此刻度尺的分度值；使用刻度尺测量物体长度时，测量结果要估读到分度值的下一位。【解答】解：（1）使用刻度尺前要注意观察它的零刻线、量程和分度值；（2）由图知，在1cm之间有10个小格，所以一个小格代表1mm，即该刻度尺的分度值为5mm；测量时起始端没从0开始，把2.00cm处当作“0”刻度，右侧示数为5.25cm，减去8.00cm即为物体长度，物体的长度为5.25cm2.00cm5.25cm。故选：C。2（3分）下列光现象中，由光的直线传播形成的是（）A天空彩虹B 日食美景C 耀眼幕墙D 水中倒影【答案】B【

18、分析】（1）光沿直线传播的现象：影子，小孔成像，激光准直等；（2）光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像，看见不发光的物体；（3）光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，光的色散；根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。【解答】解：A、彩虹是光的色散现象，其实质是光的折射形成的，故A不符合题意；B、日食现象是由月亮挡住了太阳射向地球的光线，属于光的直线传播，故B符合题意；C、耀眼幕墙，属于镜面反射，会造成光污染，由光的反射形成，故C不符合题意；D、平静的水面相当于平面镜，水中倒影是平面镜成

19、像现象，属于光的反射，故D不符合题意。故选：B。3（3分）平面镜前有一点光源S，如图所示，作一条从光源S射出的光线，使它经平面镜反射后，恰好经过A点。图中的数字符号表示的是确定光源S射出的光线时作图的先后次序，其中作图过程正确的是（）ABCD【答案】C【分析】先根据平面镜成像的特点作出S的像；再根据平面镜成像原理可知，反射光线所有的反向延长线都会过S的像；连接像点与A点，则与平面镜的交点为入射点，再完成光路即可。【解答】解：先通过平面镜作出发光点S的对称点S即为S的像；连接SA交平面镜于点O，OA为反射光线；连接SO为入射光线，如图所示：故选：C。4（3分）如图所示的广告图中有一处科学性的错误

20、，它违背了光的某种规律，下面哪幅原理图能说明它违背的规律？（）ABCD【答案】D【分析】光从一种透明介质斜射入另一种透明介质时，光线会发生偏折，介质的密度越小，光线与法线的夹角越大。【解答】解：在如图的广告中，勺子在液体里的部分所反射的光，经液面折射后进入空气，其折射角大于入射角，所以人们看上去，勺子在液面以下的部分是向上弯折的。AC所表示的是光从空气斜射入水中，所以不合题意；B表示的是光的传播方向不变，所以不合题意；只有D表示的原理是正确的，能说明图中广告所违背的折射规律。故选：D。5（3分）如图所示是某同学在研究凸透镜成像规律时作出的像距v和物距u的关系图象根据图象，可以判断下列说法正确的

21、是（）A该凸透镜的焦距是10cmB当u20cm时成倒立、等大的实像C当u10cm时，该凸透镜可以当作投影仪的镜头使用D在物距从15cm增大到30cm的过程中，光屏上所成的像也逐渐变大【答案】AB【分析】（1）根据凸透镜成像的四种情况和应用进行判断：u2f，成倒立、缩小的实像，2fvf，应用于照相机和摄像机。u2f，成倒立、等大的实像，v2f，一般用来求凸透镜的焦距。2fuf，成倒立、放大的实像，v2f，应用于幻灯机和投影仪。uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜。（2）当物距大于焦距时，凸透镜成实像。凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小。【解答】解：AB、uv2f，凸透镜成倒立、

22、等大的实像，uv2f20cm 时，所以f10cm，故A、B正确。C、当u10cm时，f10cm，即uf，成正立、放大的虚像，应用于放大镜和老花镜，故C错误；D、物体从距凸透镜15cm处移动到30cm处的过程中，凸透镜的物距大于焦距，成实像，凸透镜成实像时，物距增大，像距减小，像变小。故D错误。故选：AB。6（3分）下列物态变化的实例中，属于熔化的是（）A冰雪遇暖消融B水烧开时冒出“白气C草叶上形成“白霜”D用干手器将手烘干【答案】A【分析】物质从固态变为液态是熔化过程，熔化吸热；物质从液体变为固态是凝固过程，凝固放热；物质从气态变为液态是液化过程，液化放热；物质从液态变为气态是汽化过程，汽化吸

23、热；物质从固态直接变为气态是升华过程，升华吸热；物质从气态直接变为固态是凝华过程，凝华放热。【解答】解：A、冰雪消融是固态的冰变为液态水的过程，是熔化，故A 符合题意。B、烧水时，壶中冒出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B不符合题意。C、草叶上的“白霜”是空气中的水蒸气由气态直接变为固态形成的，是凝华现象。故C不符合题意。D、干手器把手烘干的过程是液态水变为气态水蒸气的汽化现象。故D不符合题意。故选：A。7（3分）如图甲所示，是小英“探究影响滑动摩擦力大小因素”的实验，开始实验时她控制不好力度，拉力随时间变化的图象如图乙所示，木块速度随时间变化的图象如图丙所示，则下列说法正确的是（）

24、A02s时，木块保持静止B26s时，木块受的摩擦力为0NC第1s时木块受到的摩擦力为4ND第7s时木块受到的摩擦力为3N【答案】D【分析】A、由图丙知02s时，木块做加速运动；B、由图丙知：26s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，由图乙知此过程的拉力大小，据此分析；CD、02s时，木块做加速运动，68s物体做减速运动，根据影响滑动摩擦力大小的两个因素不变分析。【解答】解：A、由图丙知，02s时，木块做加速运动，A错误；B、由图丙知：26s物体做匀速运动，此时物体处于平衡状态，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，由图乙知此过程的拉力为3N，所以滑动摩擦力为5N；B错误；CD、02s时，

25、木块做加速运动，因压力和接触面的粗糙程度不变，滑动摩擦力不变，故第1s受到的摩擦力也为3N，故C错误；故选：D。8（3分）下列力臂的画法正确的是（）ABCD【答案】C【分析】力臂是从支点到力的作用线的距离。由支点向力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力臂。【解答】解：AD、力臂是支点到力的作用线的垂直距离，图AD中L1是力的作用线上截取的一部分，故AD错误。B、动力臂应是支点O到到力的作用线的垂直距离，而图中所示L1的没有垂直于力F1的作用线，故B错误。C、图中动力臂是支点O到到力F1作用线的垂直距离，故C正确。故选：C。9（3分）如图所示，用细线将吊灯悬挂在天花板上，当灯静止时，下列哪对力属于

26、平衡力（）A吊灯所受的拉力与细线所受的重力B细线对吊灯的拉力与吊灯所受的重力C细线对吊灯的拉力与吊灯对细线的拉力D吊灯所受的拉力与细线对天花板的拉力【答案】B【分析】（1）如果物体只受两个力的作用下处于静止或匀速直线运动状态时，则这两个力一定是一对平衡力；（2）二力平衡的条件是：大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上。【解答】解：A、吊灯所受的拉力与细线所受的重力，没有作用在同一物体上，故不是一对平衡力，故A错误；B、细线对吊灯的拉力与吊灯所受的重力大小相等、方向相反、作用在同一个物体上、且作用在同一条直线上，是一对平衡力，故B正确；C、细线对吊灯的拉力与吊灯对细线的拉力

27、，作用在不同的物体上，是一对相互作用力，不是一对平衡力，故C错误；D、吊灯所受的拉力与细线对天花板的拉力，作用在不同的物体上，不是一对平衡力，故D错误。故选：B。10（3分）如图所示，把重力为100N的物体从底端匀速推到斜面顶端，斜面长为10m，高为3m，实际推力为50N，则下列选项错误的是（）A推力做功为500JB克服物体重力做功为300JC斜面的机械效率为60%D物体与斜面之间的摩擦力为50N【答案】D【分析】（1）把物体匀速推到斜面顶端，利用WFs求推力做的总功；（2）利用WGh求克服物体重力做的有用功；（3）斜面的机械效率是有用功跟总功的比值；（4）额外功等于总功减去有用功，克服摩擦力

28、所做的功是额外功，据此求摩擦力。【解答】解：由题知，斜面长s10m，斜面高h3m，物体重G100N，推力F50N。A、推力做的总功：W总Fs50N10m500J，故A正确；B、克服物体重力做的有用功：C、斜面的机械效率：D、克服摩擦力做的额外功：由W额外fs可得摩擦力：故选：D。11（3分）用两个相同的电热器给质量同为2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，则下列说法正确的是（）A甲物质的比热容是水的2倍B随温度的升高，甲的比热容逐渐增大C10分钟甲吸收的热量为2.52105JD甲物质和水吸收相同热量后升高相同的温度【答案】C【分析】（1）由题知物质甲和水质量相同，升高的温

29、度相同时水吸收的热量是物质甲吸收热量的2倍。根据吸热公式Qc吸mt判断两物质的比热容之间的关系，从而得出物质甲的比热容；（2）比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与温度无关；（3）由图象确定甲10min升高的温度，然后根据Q吸cmt求出甲物质吸收的热量；（4）根据Q吸cmt分析升高的温度相同时水吸收的热量与物质甲吸收热量关系。【解答】解：A、由图象知，给甲加热10min，甲升高的温度为t甲60，给水加热20min，水升高的温度为t水60，2c甲mt甲c水mt水，又因为c水4.2103J/（kg），所以c甲2.1103J/（kg）；B、比热容与物质的温度无关，所以加热过程中物质比

30、热容不变，故B错误；C、由图象可知，甲物质10min升高了60，D、由图知，甲物质和水加热相同的时间，吸收相同热量后，甲物质温度升高的多，故D错误。故选：C。12（3分）现有两个阻值不等的未知电阻R1和R2，为了比较它们的阻值大小，几个同学分别设计了下列四种电路，其中不可行的是（图中的电流或电压均在各电表的量程范围内，电源电压未知）（）ABCD【答案】D【分析】（1）串联电路中，各处电流相等，阻值大的电阻两端的电压大，阻值小的电阻两端的电压小；（2）并联电路中，各支路电阻两端的电压相等，阻值大的电阻通过的电流小，阻值小的电阻通过的电流大。【解答】解：A、两电阻串联，电压表V1测量电源电压，电压

31、表V2测量R1两端电压，根据串联电路电压特点可得出两电阻两端电压大小关系，根据两电阻两端电压的大小可比较两电阻阻值的大小，故A可行；B、两个电阻串联，两个电压表分别测量两个电阻两端的电压，根据电压的大小就可以比较出电阻的大小，故B可行；C、两电阻并联在电路中，根据欧姆定律和并联电路电压规律可知电阻越大，通过电阻的电流越小，故C可行；D、两个电阻串联，电流表测电路中的电流，电压表测量R2两端电压，根据欧姆定律可求出R2的阻值，但无法比较两电阻的大小，故D不可行。故选：D。13（3分）如图所示，是探究“电流与电阻的关系”实验电路图，电源电压保持3V不变，滑动变阻器的规格是“10 1A”。实验中，先

32、在a、b两点间接入5的电阻，闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片P，使电压表的示数为2V，读出并记录下此时电流表的示数。接着需要更换a、b间的电阻再进行两次实验，为了保证实验的进行，应选择下列的哪两个电阻（）A10和40B20和30C10和20D30和40【答案】C【分析】探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点求出滑动变阻器接入电路中的电阻与定值电阻阻值的比值；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，定值电阻的阻值最大，根据比值关系求出定值电阻的最大阻值得出定值电阻的范围，然后结合选项得出答案。【解答

33、】解：探究“电流与电阻的关系”实验中应控制电阻两端的电压即电压表的示数不变，因串联电路中总电压等于各分电压之和，U滑UUR3V2V1V，所以，根据欧姆定律可得：当滑动变阻器接入电路中的电阻为10时，定值电阻的最大阻值：即定值电阻的最大阻值不能超过20，故选：C。14（3分）如图所示电路，电源电压保持6V不变，电流表的量程为00.6A，电压表的量程为03V，定值电阻R1的规格为“100.5A”，滑动变阻器R2的规格为“201A”。闭合开关，为了保证电路安全，在移动滑片P的过程中，下列判断正确的是（）A电流表的示数变化范围是0.2A0.5AB电路总功率的变化范围是1.2W3WCR1的电功率变化范围

34、是0.9W2.5WD滑动变阻器R2的阻值变化范围为010【答案】C【分析】由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）根据电路的电流特点结合电流表的量程、R1、R2允许通过的最大电流确定电路中的最大电流，此时R1两端的电压最大，电压表的示数最小，变阻器接入电路中的电阻最小，根据欧姆定律求出R1两端的最大电压，根据PUI求出R1的最大功率和电路的最大功率；根据串联电路的电压特点求出电压表的最小示数，再根据欧姆定律求出滑动变阻器R2接入电路的最小阻值；（2）当电压表的示数U23V时，根据串联电路的电压特点求出R1两端的电压，根据欧姆定律求出此时电路中的电流，再

35、根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻，然后与滑动变阻器的最大阻值相比较确定出电压表的最大示数、R1两端的最小电压、滑动变阻器R2接入电路的最大阻值为10以及电路中的最小电流，根据PUI求出R1的最小功率和电路的最小功率，综合上述计算得出对应的答案。【解答】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为80.6A，R1允许通过的最大电流为3.5A，R2允许通过的最大电流为1A，由I可得，R1两端的最大电压：U1大I大R15.5A105V，电路消耗的最大功率：P大UI大6V0.5A3W；所以，电压表的最小示数

36、：U2小UU5大6V5V1V，（3）当电压表的示数最大为U23V时，电路中的最小电流：R4的最小功率：P1minU1I小3V0.5A0.9W；此时滑动变阻器接入电路中的电阻：R21020，A电流表的示数变化范围是0.3A0.5A，故A错误；B电路总功率的变化范围是1.2W3W，故B错误；CR1的电功率变化范围是0.9W5.5W，故C正确；D滑动变阻器R2的阻值变化范围为210，故D错误。故选：C。15（3分）我国的新型航母将采用自行研制的电磁弹射器，小明猜想它的工作原理如图所示，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，小明的猜想与下列

37、实验原理相同的是（）ABCD【答案】C【分析】根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。【解答】解：由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动。A、图中的实验说明条形磁铁对小磁针有力的作用，是磁体的基本性质，故A不符合题意；B、由图知，这是研究电磁铁磁性强弱的影响因素，利用的是电流的磁效应，故B不符合题意；C、图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器的工作原理相同，故C符合题意；D、图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流，这是电磁

38、感应现象，故D不符合题意。故选：C。16（3分）如图所示为小东家某部分家庭电路的电路图，火线和零线之间的电压为220V小东先把拉线开关闭合，灯泡正常发光。再把电饭煲接到三孔插座并闭合开关，电饭煲正常工作。请问此时哪个说法是错误的（）A灯泡的正常工作电压为 220VB灯泡和电饭煲这两个用电器是属于并联关系C把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔发光。这是因为此时零线有电流流过D把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内部发生短路【答案】C【分析】（1）根据灯泡正常工作时的电压进行判断；（2）家庭电路中各用电器并联连接；（3）先判断零线与大地的电压，然后

39、根据电流产生的条件进行判断；（4）保险丝熔断的原因：一是短路，二是电流过大。【解答】解：A、根据题意可知，电路电压为220V，灯泡刚好正常工作，因此灯泡的正常工作电压为 220V，故A正确；B、灯泡和电饭煲可以单独工作，互不影响，因此它们是并联连接，故B正确；C、因为三孔插座中的左孔为零线，而零线与大地间的电压为0，因此把电饭煲插头拔掉后，正确使用试电笔插到插座左孔，试电笔不发光，故C错误；D、保险丝熔断的原因：一是短路，二是电流过大，因此把电饭煲换成电热水壶接入三孔插座，保险丝马上熔断，原因可能是电热水壶内部发生短路，也可能是热水壶的功率太大，故D正确。故选：C。17（3分）格林贝格尔由于发

40、现了巨磁电阻（GMR）效应，荣获了2007年诺贝尔物理学奖，如图是研究巨磁电阻特性的电路示意图，当闭合S1，S2后使滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，则下列说法正确的是（）A滑片P向左滑动过程中电磁铁的磁性减弱B滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性增强C巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显减小D巨磁电阻的阻值随磁场的增强而明显增大【答案】C【分析】（1）由滑动变阻器滑片的移动得知电路中电流的变化情况，通过电路中电流的变化结合电磁铁磁性强弱的决定因素可以确定滑片移动时，其磁性强弱的变化；（2）根据灯泡的亮暗的变化，能够确定电路中电流的变化，进而知道巨磁电阻的阻值的变化，从而得出巨磁电阻的阻值随磁场的

41、变化。【解答】解：（1）由左图可知，当滑片P向左滑动时，滑动变阻器连入电路中的电阻变小，电路中的总电阻变小，I，电磁铁的磁性强弱与电流大小有关，在其他因素不变时，电流越大，磁性越强，同理可知，滑片P向右滑动过程中电磁铁的磁性减弱，故B不正确；（2）滑片P向左滑动过程中，指示灯明显变亮，说明电路中的电流变大，根据欧姆定律可知，右侧电路的电阻减小，巨磁电阻的阻值减小，故选：C。18（3分）如图甲所示的电路中，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移动到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙所示，则下列判断错误的是（）A电源的电压为6VB电路的最大总功率

42、为3.6WCR2消耗的电功率先变大后变小，最大功率为0.9WD滑片位于中点位置时候滑动变阻器的功率为0.8W【答案】D【分析】由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。（1）当滑片位于a端时，滑动变阻器接入电路的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源的电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变求出R1的阻值和电源的电压，根据PUI求出电路的最大总功率；（2）根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电

43、流，根据PI2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断R2消耗的电功率变化；（3）根据电阻的串联和欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的电阻一半时电路中的电流，利用公式PI2R得到此时滑动变阻器消耗的功率。【解答】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。AB、当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，由I可得，电源的电压UIaR10.6AR2，由图象可知，Ib0.2A，Ub4V，R220，所以，电源的电压UIbR1+Ub2.2AR1+4V，所以，0.6AR15.2AR1+4V，电源的电压UIaR10.6A106V，故A正确；P

44、最大UIa6V5.6A3.6W，故B正确；C、电路中的电流I，电路的最大总功率：滑动变阻器消耗的电功率：当R70时，Pa0W，综上可知，滑片P从a端移动到b端，R2消耗的电功率先变大后变小，最大功率为8.9W故C正确；（3）因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑动变阻器接入电路中的电阻一半时，电路中的电流：滑动变阻器此时消耗的功率为P中I中2R2中（0.3A）4200.9W故D错误。故选：D。19（3分）利用如图甲所示的电路探究电流和电阻的关系，电源电压保持3V不变，分别将5、10、15、20、25的定值电阻R连入电路，按实验要求测得通过各定值电阻的电流描绘出如图乙所示的图象，则下列判断

45、正确的是（）A实验中电压表的示数保持1V不变B当R的电阻为10时，通过R的电流为0.2AC滑动变阻器连入电路的阻值范围为025D将R从5换成10后，应将滑片向右移【答案】D【分析】（1）根据图乙读出一组电阻值和电流值，然后利用欧姆定律的变形公式UIR可求出电压表的示数；（2）根据图乙可以读出电阻为10时通过电流的大小；（3）当R接入电路的阻值最小时，电路电流最大，根据图象读出电流，然后根据串联电路电压规律和欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路的最小阻值；当R接入电路的阻值最大时，电路电流最小，根据欧姆定律求出电路电流，然后根据串联电路电压规律和欧姆定律的应用求出滑动变阻器接入电路的最大阻值；（

46、4）根据串联电路分压的作用判断滑片移动的方向。【解答】解：A、根据图乙可知，当电阻为5时，电路中的电流为0.5A；由I可得，电压表的示数：UIR0.5A55.5V，故A错误；B、根据图乙可知，当R10时，通过的电流为0.25A，故B错误；C、当R5时，电路电流为0.5A；因为串联电路两端电压等于各部分电压之和，所以滑动变阻器两端电压：U滑UUV8V2.5V0.5V，由I可得，R滑min1；R滑max5；D、将R从5换成10后，电阻分得的电压会变大，为了保证定值电阻R两端电压不变，所以需减小定值电阻两端电压，增大滑动变阻器两端电压，即增大滑动变阻器接入电路的组，故将滑片向右移动，故D正确。故选：

47、D。20（3分）如图所示是电阻甲和乙的IU图象，下列说法正确的是（）A电阻乙为定值电阻，它的阻值为20B当电阻甲和乙两端电压为4V时，它的阻值和乙的阻值相等C当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，干路电流为0.6AD当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，乙的电阻为20【答案】C【分析】（1）根据欧姆定律可知，电阻一定时，通过电阻的电流与两端的电压成正比，据此分析图象乙电阻的变化；（2）由图象可知，当甲和乙两端电压为4V时对应的电流，根据欧姆定律即可比较甲和乙的阻值；（3）根据并联电路的电压特点结合图象读出对应的电流，再根据并联电路的电流特点得出干路电流；（4）将甲、乙串联后接在电压为6V的电源上时，根

48、据串联电路的电流特点和串联电路电压的特点确定电路中的电压、电流大小，再根据欧姆定律求出乙的电阻。【解答】解：A、由图象可知，乙对应的电流与电压不成正比，根据欧姆定律可知乙电阻的阻值变化，故A错误；B、当电阻甲和乙两端电压为4V时，由图象可知，通过甲、乙的电流不相同，根据I可知：甲的阻值和乙的阻值不相等，故B错误；C、当电阻甲和乙并联接在6V电源上时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，两电阻两端的电压均为6V，D、当电阻甲和乙串联接在6V电源上时，通过它们的电流相等，且电源的电压等于两电阻两端的电压之和，故选：C。21（3分）2022年5月17日，我国在西昌卫星发射中心用长征三号丙运载火箭

49、成功发射第45颗北斗导航卫星。如图所示是北斗卫星随火箭加速上升与沿椭圆轨道绕地球运行时的情景。下列说法错误的是（）A运载火箭加速上升过程中，重力势能变大，动能增大B运载火箭加速升空是利用了物体间力的作用是相互的C北斗卫星绕轨道运行时受到非平衡力的作用D北斗卫星绕轨道从近地点向远地点运动时，动能变大，机械能守恒【答案】D【分析】（1）（4）物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，动能就越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大；（2）物体间力的作用是相互的；（3）物体受平衡力的作用处于平衡状态。【解答】解：A、火箭上升过程中速度增大，动能增大，重力势能

50、增大，机械能增大，故A正确；B、火箭升空时向后喷出高温气体有一个向后的力，气体给火箭以反作用力，是利用了物体间力的作用是相互的，故B正确；C、火箭入轨后做圆周运动，运动状态不断改变，故受的力不是平衡力，故C正确；D、入轨后的卫星从近地点向远地点运动时，高度增大，重力势能变大，速度变小，动能变小，机械能守恒，故D错误；故选：D。22（3分）关于惯性的理解和现象解释，以下说法正确的是（）A一切物体都有惯性，所以月球上的物体也有惯性B高速公路汽车限速是为了安全，因为速度越大惯性越大C汽车紧急刹车时，由于惯性的作用，乘客因而向前倾D汽车驾驶员和乘客系上安全带能减小惯性，避免出现安全事故【答案】A【分析

51、】物体保持运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都具有惯性，物体惯性的大小与物体质量有关。【解答】解：A、一切物体都具有惯性，物体在月球上同样具有惯性，故A正确；B、惯性与质量有关，与速度无关。故B错误；C、惯性是物体本身的一种性质，汽车紧急刹车时乘客向前倾，是因为乘客具有惯性，还要保持原来的状态；惯性不是力，不能说惯性的作用，故C错误；D、系安全带不能改变驾驶员和乘客的质量，所以不能改变他们惯性的大小，故D错误。故选：A。23（3分）如图所示，两个物体所受的重力分别为G1和G2，忽略滑轮自重和摩擦，当滑轮平衡时，G1与G2的大小关系是（）AG1G2BG12G2C2G1G2D3G1G2【答案】B【

52、分析】此题的滑轮组和我们常见的滑轮组的装置是不同的，我们分析时可以利用等效替代法，将G2对绳子施加的力看作是绳子末端的拉力，再根据滑轮组的省力情况即可得出答案。【解答】解：图中是一定一动的滑轮组，可以将G2由于重力而对绳子施加的拉力看作是绳子末端的拉力（该拉力等于G2），最后一段绳子是由定滑轮引出的，绳子股数是2，所以G2G1，即G12G2。故选：B。24（3分）如图所示，在探究杠杆平衡条件的实验中，杠杆处于水平平衡状态，所用钩码完全相同。下列做法中能使杠杆再次平衡的是（）A分别在两边钩码下再增加一个相同钩码B左边减少1个钩码，右边减少2个钩码C两边钩码均向支点移动相同的距离D左边钩码向左移1

53、.5个格，右边钩码向右移1个格【答案】D【分析】杠杆是否平衡，取决于两边力和力臂的乘积是否相等，若F1L1F2L2，杠杆平衡；若F1L1F2L2，杠杆就不平衡。【解答】解：设一个钩码的重是G，由图可知：F12G，F23G，此时由F1l1F2l2可得，2Gl13Gl3，则2l16l2，可以设左边的力臂为l13L，右边的力臂l22L；A、由图可知，左边的力臂要大于右边的力臂，分别在两边钩码下再增加一个相同钩码，左边增大G3L，右边增大G2L，则两边增大的力和力臂的乘积不相等，故杠杆不能平衡，故A错误；B、左边减少6个钩码，则力和力臂的乘积为：G3L；右边减少2个钩码，则力和力臂的乘积为G2L，两边

54、力臂和力的乘积不相等，不能平衡，故B错误；C、两边钩码均向支点移动相同的距离，由于两边的力不同，则减小的力与力臂的乘积也不相同，故杠杆不能平衡；D、左边钩码向左移1.5L，右边钩码向右移7L，左边：2G（3L+1.5L）9GL；右边：8G（2L+1L）9GL；两边力臂和力的乘积相等，杠杆能平衡，故D正确。故选：D。25（3分）如图所示，甲、乙两种相同体积的实心小球，放在已调好的天平的左右两盘，天平恰好平衡。则甲、乙两种小球的密度比是（）A3：4B4：3C2：1D1：1【答案】C【分析】天平是等臂杠杆，力臂相同，天平横梁平衡时，左右的力相同，左右两盘内的质量相同。由此可知甲、乙两球质量关系；再由

55、两球体积相同，根据密度的定义式可以列出两种材料的密度比例式。【解答】解：由图可知，天平恰好平衡，即左右两盘内的质量相同，设甲球的质量为m甲，乙球的质量为m乙，天平是等臂杠杆，力臂相同，则2：1；则2：1；故选：C。26（3分）2022年8月，教育部、国家卫生健康委等八部门联合印发综合防控儿童青少年近视实施方案，要求各地中小学强化学生体质，增强体育锻炼，并且规范电子产品使用，建立视力健康档案，综合施策全面防控青少年近视。下列四幅示意图中，表示近视眼成像和近视眼矫正后成像情况正确的分别是（）A乙和丙B乙和丁C甲和丙D甲和丁【答案】C【分析】近视眼成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过

56、晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需佩戴凹透镜。【解答】解：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼，则甲图为近视眼的成像情况。故选：C。27（3分）虚线方框内各放置一个透镜，两束光通过透镜前后的方向如图所示，则（）A甲为凸透镜，乙为凹透镜B甲、乙都为凸透镜C甲为凹透镜、乙为凸透镜D甲、乙都为凹透镜【答案】A【分析】根据凸透镜和凹透镜对光线的作用分析。凸透镜对光线有会聚作用，凹透镜对光线有发散作用。【解答】解：发光点S发出的两束光通过甲透镜后折射光线变得会聚了，因此甲应是凸透镜。由于凹透镜对光线有发

57、散作用，故乙图中是凹透镜。故BCD错误，A正确。故选：A。28（3分）如图为光线在空气和玻璃传播的示意图，其中实线分别表示入射光线、反射光线和折射光线，下列说法正确的是（）AOB是折射光线BAO是入射光线CNN是界面D空气在NN的右侧【答案】B【分析】（1）首先找出水平方向的直线和竖直方向的直线，以反射角等于入射角为突破口从图中找到相等的两个角，然后即可确定法线，再根据折射光线和入射光线分居法线两侧判断出入射角和反射角；（2）根据光由空气斜射入其它透明介质时，折射光线和入射光线，分居在法线的两侧，折射角小于入射角可确定折射角和入射角。【解答】解：（1）由图可知，水平方向的直线是MM，竖直方向的

58、直线NN，MOAMOB30，则NOANOB903060，故NN就是法线，MM就是界面；（2）根据折射光线和入射光线分居法线两侧，可判断AO为入射光线，OB为反射光线，OC为折射光线，根据光由空气斜射入其它透明介质时，折射角小于入射角，可知NOA是入射角，NOB是反射角，NOC为折射角，由NOCNOA，可知空气在MM上侧，玻璃在MM下侧。故选：B。29（3分）如图所示，平面镜水平放置，白色纸板竖直立在平面镜上，纸板由AB两部分组成，可以绕接缝ON翻折。入射光线经纸板A入射到O点，关于入射光线和反射光线，下列说法正确的是（）A纸板B在任何位置都能看到反射光线B纸板B在任何位置都不能看到反射光线C反

59、射角r随入射角i增大而减小D反射角r和入射角i始终相等【答案】D【分析】（1）反射光线、入射光线和法线在同一平面内；（2）在光的反射中，反射角等于入射角。【解答】解：AB、根据光的反射定律可知，反射光线、入射光线和法线在同一平面内；CD、在光的反射中，反射角始终等于入射角，反射角随入射角的增大而增大，故C错误，D正确。故选：D。30（3分）下列关于声现象的说法中正确的是（）A公路旁安装隔音板是为了在传播中减弱噪声B物体振动的频率越高，声音的响度越大C同一乐器，弹奏的频率不同，发声的音色就不同D声音在真空中的传播速度为340m/s【答案】A【分析】（1）减弱噪声的途径有：在声源处、在传播过程中、

60、在人耳处。（2）人耳能感觉到的声音的强弱称为响度，响度与振幅和距离发声体的远近有关；（3）音调指声音的高低，由振动频率决定；音色反映的是声音的品质与特色，它跟发声体的材料和结构有关。（4）真空不能传声。【解答】解：A、公路两旁安装隔音板是在声音的传播过程中减弱噪声，故A正确；B、物体振动的频率越高，声音的音调越高，不是响度越大，故B错误；C、同一乐器，弹奏的频率不同，发声的音调就不同，不是音色不同，故C错误；D、声音不能在真空中传播，即声音在真空中的传播速度为0，故D错误。故选：A。31（3分）如图所示为某家庭卫生电路电灯和电热器都在正常工作。在三孔插座上刚插上洗衣机（开关未闭合）的插头时，所