2022年江苏省南通市海安县中考一模物理试卷

1、2022年江苏省南通市海安市中考物理一模试卷一、第I卷共10小题，每小题2分，共40分每小题给出的四个选项中只有一个选项是最符合题意的第1至10题为物理试题，第11至20题为化学试题答案请按要求填涂在答题卡上1（2分）下列关于能源和电磁波的说法正确的是（）A风能、水能、核燃料属于可再生能源B太阳能电池板将太阳能转化为内能C光纤通信是利用光波在光导纤维中传输信息的D频率越高的电磁波在空气中传播越快2（2分）关于声现象，下列说法中错误的是（）A音调表示声音的高低B响度与振动幅度有关C超声波能够传递信息D次声波能在真空中传播3（2分）下列物态变化现象中，吸热的是（）A冬天房顶上结霜B冰冻的衣服变干C

2、冰棒冒出“白气”D铁水被浇铸成工件4（2分）超市的服装贴有磁性标签，未消磁的标签通过超市安检门时，安检门上的线圈会产生电流，触发报警器达到防盗目的，下列设备与这种安检门的工作原理相同的是（）A发电机B电动机C汽油机D柴油机5（2分）用如图的实验装置“探究平面镜成像的特点”时，下列说法中错误的是（）A棋子A向茶色玻璃板靠近，所成像的大小会不变B选用方格纸有助于比较物距和像距的大小关系C棋子A与B到镜面的距离相等，则B一定与A的像重合D选用茶色玻璃板替代平面镜是为了便于确定像的位置6（2分）指尖陀螺是目前流行的一种玩具，陀螺的中间是轴承，轴承内有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，当陀螺水

3、平放置在指尖上，拨动飞叶后，飞叶可以绕竖直轴在指尖上长时间转动。飞叶旋转时，下列分析正确的是（）A转速变慢时惯性变小B轴承内滚珠可减小摩擦C陀螺的重力和它对指尖的压力是一对平衡力D飞叶转动后不能立即停下来是由于受到惯性作用7（2分）如图，用四个完全相同的滑轮，组装成甲、乙两套滑轮组，用它们分别匀速提升物体G1、G2，已知G1G2，其拉力分别为所F1、F2，滑轮组的机械效率分别为1、2，不计绳重和摩擦，下列选项中正确的是（）AF1F2，12BF1F2，12CF1F2，12DF1F2，128（2分）如图为居民家中某房间的电路，闭合开关S1、S2，电灯L与电热壶均正常工作，在三孔插座上接入电饭煲后，

4、电热壶突然停止工作，灯L仍正常发光，拔出电饭煲的插头，用测电笔分别测试三孔插座的左右两孔，氖管均不发光，此时电路故障可能是（）AAB间断路BCD间断路C插座短路D电热壶断路9（2分）小明将长木板一端垫高做成斜面，用频闪照相机记录了边长为20cm的正方体物体，在沿斜面向上的拉力F100N作用下，由A处匀速向上移动到B处的过程。频闪照相机每隔0.2s拍一张照片，照片记录了物体在不同时刻的位置如图所示。由图可估算出拉力F做功的功率最接近于（）A130WB160WC190WD220W10（2分）如图所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度变化情况如图所示。闭合开关S，当监控

5、区的温度升高时，下列表示通过热敏电阻R的电流I1、电流表的示数I2随热敏电阻阻值的倒数的变化关系图线中，可能正确的是（）ABCD二、解答题（共13小题，满分70分）11（4分）水银体温计是根据液体 的性质制成的，使用前，用力向下甩时，体温计直管内的水银由于 会被甩回到玻璃泡中，如图，体温计的示数为 ，疫情防控期间，学校常用额温枪接收人体辐射的 来快速测量人体的温度。12（4分）如图甲，小明用刻度尺测量一正方体实心物块的棱长为 cm，小明调好天平后，测该物块的质量，当右盘中加入最小砝码后，指针偏在分度盘的右侧，按下来他的操作应该是 ；正确操作后，天平右盘中的砝码及游码的示数如图乙，则物块的密度为

6、 kg/m3，他将该物块放入密度为13.6103kg/m3足够多的水银中，则静止时受到的浮力为 N（g取10N/kg）。13（3分）小明利用水杯完成了下列实验：（1）用如图甲所示装置演示气体扩散现象。其中一只玻璃杯装有密度比空气密度大的二氧化氮气体，另一只玻璃杯装有空气，排除气体重力的干扰，证明气体发生了扩散，装空气的应是 （选填“A”或“B”）玻璃杯。（2）如图乙，取一只玻璃杯装满水，将杯倒扣没入水中，抓住杯底向上提，会发现在杯口未离开水面之前，杯中始终充满水。该现象说明了 的存在。（3）如图丙，将两只纸质饮水杯的杯口向上叠套起来，用手握住外面的纸杯，在靠近杯口的上方平行于杯口方向用力吹气，

7、会看到里面的纸杯向上跳起。其可能的原因是 。14（4分）如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路。已知电源电压为220V，电热丝R1的阻值为121，电路处于加热挡时功率为1400W，则电热丝R2的阻值为 ，电路处于保温挡时功率为 W，电热丝通电一段时间后变得很烫，而与电饭煲连接的导线却不怎么热，主要是因为导线 。产生的热量少，若电饭煲正常工作1小时，使标有“1000imp/（kWh）”的电能表指示灯闪烁640次，则电饭煲处于加热挡与保温挡的工作时间之比为 。15（5分）如图甲是“探究不同物质吸热升温现象”的实验。（1）在两个相同的烧杯中分别装入初温度相同且 相等的食用油和水。为了使两杯

8、液体均匀受热，还满添加的实验器材是 。（2）实验中选择相同规格的酒精灯，可以认为在相同时间内食用油和水 相同，然后通过比较 来完成探究实验。（3）根据实验测得的数据分别描绘出了食用油和水两种液体的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，由图象可得食用油的比热容为 J/（kg）。已知c水4.2103J/（kg）16（2分）如图，在平静的湖边上方有一盏路灯，潜水员员在水下E处看到了路灯的像。图中A、B两点，其中有一个是路灯，另一个是路灯的像。在图中画出水下E处的潜水员看到路灯的光路图。17（2分）如图，轻质杠杆的A点挂一重物，O为杠杆的支点，O为重物的重心，画出使重物在图示位置静止时动力F1的动力臂L

9、1及重物所受重力G的示意图。18（2分）如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向。19（9分）一款新型四轮沙滩卡丁车满载时的质量为900kg，10min内满载的卡丁车在水平沙滩上匀速行驶了6km，此过程卡丁车汽油机产生的牵引力为1.15103N，行驶时每个车轮与沙滩的接触面积为5102m2，已知该卡丁车汽油机的效率为30%（汽油的热值取4.6107J/kg，g取10N/kg），求：（1）卡丁车满载时对沙滩的压强；（2）牵引力对卡丁车做功的功率；（3）在这次行驶中消耗汽油的质量。20（9分）如图甲，电源

10、电压恒为6V，灯泡的电流与两端电压的关系如图乙。R1是定值电阻，电流表的量程为03A，电压表的量程为03V，当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，电流表的示数为0.75A求：（1）灯泡L正常发光时的阻值和电阻R1的阻值；（2）只闭合开关S1，移动滑片P，当变阻器R2接入电路中的阻值为其最大阻值的时，电流表的示数为0.4A，滑动变阻器R2的最大阻值；（3）在各电路元件安全工作的前提下，电路消耗的功率最小，则：说明各开关所处的状态；求出电路消耗的最小功率。21（9分）小明、小马和小虎设计如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验器材有：电源（电压4.5V）、铭牌上仅能看清标有“0.3A”字

11、样的小灯泡L、滑动变阻器R（020）、电阻箱R0（0999.9）、电流表、开关S1、单刀双掷开关S2及导线若干。（1）请根据图甲所示的电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。（2）小明闭合开关S1，将开关S2拔至“a”位置，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置，电流表示数为0.3A，小灯泡正常发光。再将开关S2拨至“b”位置，调节电阻箱，使电流表示数仍为0.3A，此时电阻箱的示数如图丙所示。则小灯泡正常发光时的电阻值为 ，小灯泡的额定功率为 W（保留小数点后两位数字）（3）实验中，把电阻箱的阻值从999.9调到丙图所示的阻值时，小马想先把“100”档、“10”档、“1”档以及“0.1”档都

12、从9调到0，再调“1”档以及“0.1”档。你认为他的想法在实验中 （选填“可行”或“不可行”），理由是 。（4）实验中，小虎将开关拨至“b”位置时，不小心将滑动变阻器的滑片P向左移动了少许，其他操作正确，则小灯泡额定功率的测量值 （选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值，其原因是 。22（7分）如图，兴趣小组用橡皮筋制作的弹弓进行弹射弹珠比赛，发现弹出的弹珠水平飞行的距离不同。关于弹珠水平飞行的距离与哪些因素有关，他们提出以下猜想：猜想1：与橡皮筋的伸长量有关；猜想2：与弹珠的质量有关；猜想3：与橡皮筋的粗细有关；猜想4：与橡皮筋的长度有关；（1）根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想1是 （

13、选填“正确”或“错误”）的。你认为他们判断的依据是 。（2）为验证猜想2是否正确，小明用同一弹弓水平弹射质量不同的弹珠时，发现橡皮筋的伸长量相同情况下，质量小的弹珠水平飞行的距离越远，据此，可验证猜想2是 （选填“正确”或“错误”）的。（3）为了验证其它猜想，他依次将橡皮筋固定在弹弓上，如图所示，在弹性限度内，橡皮筋的伸长量相同，将同一弹珠从同一位置沿水平方向弹射出去，测得弹射的水平距离如表：序号橡皮筋的直径/cm橡皮筋的长度/cm弹射的水平距离/m10.2020.0010.2020.2030.008.4030.4020.0014.00比较序号为 的两组数据，可得出的结论是：在橡皮筋的长度和伸

14、长量相同时，橡皮筋越粗，同一弹珠水平飞行的距离越远。比较序号为1、2的两组数据，可得出的结论是： 。（4）在橡皮筋的伸长量相同时，为了使弹珠水平飞行的距离更远，宜选择 （选填“长而粗”、“短而粗”、“长而细”或“短而细”）的橡皮筋来制作弹弓，选用质量 （选填“大”或“小”）的弹珠弹射。23（10分）阅读短文，回答问题，水下机器人2022年12月14日，南方电网首个作业级水下机器人下水为海底电缆“护驾”。水下机器人的引进对海南海底电缆进行理深检测、视频摄像。悬空裸露检测等发挥重要作用。如图甲，某水下机器人“小H”由锂电池供电，采用电动机提供动力，如表是“小H”的部分技术参数，能量密度是指电池单位

15、质量所输出的电能。参数名称电源电压最大承受压强提升重物最大高度锂电池能量密度锂电池的总质量数据60V4106Pa0.8m0.50kWh/kg2kg（1）当“小H”在海水里下潜过程中，下列说法中错误的是 。A以海底礁石为参照物，“小H”是运动的B“小H”摄像时，成倒立、缩小的虚像C“小H”所受到海水的压强增大D“小H”中的电动机工作原理是磁场对电流的作用（2）“小H”的外壳应选用耐腐蚀、硬度 （选填“大”或“小”）的材料制成。深海中的“小H”利用声呐装置与海面联系，声呐是利用 波传递信息的。（3）某次“小H”在海底作业时，需将体积9103m3、质量60kg的电子设备提高0.6m，消耗了锂电池总储

16、存能量的0.01%，则“小H”对电子设备做功为 J，“小H”中电动机的能量转化效率至少为 %（取海水的密度为1.0103kg/m3，g10N/kg）（4）如图乙为“小H”承受压强的过载保护电路原理图，电源电压为12V，R1是压敏电阻，其电阻值随受到的压强变化关系如表所示，图乙触发器的电阻忽略不计，电流表的示数超过0.2A时就触发电动机停止工作，放弃下潜指令，以免“小H”受损伤。压强p1106Pa01.02.03.04.05.06.0压敏电阻R1/55423225201715根据表中的数据，请在图丙坐标系中画出压敏电阻RL与压强p之间的关系图线。为保护“小H”，电阻箱R0的阻值至少应为 ；“小H

17、”长时间在海底工作后，为减轻其最大承受压强，应将电阻箱R0的阻值适当 （选填“增大”或“减小”）。2022年江苏省南通市海安市中考物理一模试卷参考答案与试题解析一、第I卷共10小题，每小题2分，共40分每小题给出的四个选项中只有一个选项是最符合题意的第1至10题为物理试题，第11至20题为化学试题答案请按要求填涂在答题卡上1（2分）下列关于能源和电磁波的说法正确的是（）A风能、水能、核燃料属于可再生能源B太阳能电池板将太阳能转化为内能C光纤通信是利用光波在光导纤维中传输信息的D频率越高的电磁波在空气中传播越快【答案】C【分析】（1）直接从自然界获得而不需要加工转化，它们都属于一次能源；能够源源

18、不断的从自然界得到的能源叫可再生能源；（2）太阳能电池可将太阳能转化为电能；（3）光纤通信是利用激光在光导纤维中传输的一种通信方式；（4）电磁波的波速是一定的。【解答】解：A、核能是不可再生能源，风能、水能是可再生能源，故A错误；B、太阳能电池是将太阳能转化为电能的装置，故B错误；C、激光在传输过程中，从光导纤维的一端射入后，在光导纤维内壁上要发生多次反射，并从另一端射出，这样就把它携带的信息传递出去，故C正确；D、电磁波的波速的大小与频率无关，其波速是一定的，故D错误。故选：C。【点评】本题主要考查学生对能源的分类、太阳能的利用、电磁波、信息的传输的相关知识，属于基础内容的考查，比较简单。2

19、（2分）关于声现象，下列说法中错误的是（）A音调表示声音的高低B响度与振动幅度有关C超声波能够传递信息D次声波能在真空中传播【答案】D【分析】（1）频率是物体在单位时间内振动的次数，音调是指声音的高低，音调跟频率有关，频率越大，音调越高；频率越小，音调越低；（2）声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大；（3）声音可以传递信息，可以传递能量；（4）声音的传播需要介质。【解答】解：A、物体振动频率决定发出声音的高低，发声体振动的越快，发出声音的音调越高，发声体振动的越慢，发出声音的音调越低，故音调表示声音的高低，故A正确；B、声音的响度与振幅有关，振幅越大，响度越大，故B正确；C、声音可以传递信

20、息，可以传递能量，故超声波能够传递信息，故C正确；D、声音的传播需要介质，次声波不能在真空中传播，故D错误。故选：D。【点评】本题考查了声音的相关知识，属于基础知识的考查，具有一定的综合性，比较简单。3（2分）下列物态变化现象中，吸热的是（）A冬天房顶上结霜B冰冻的衣服变干C冰棒冒出“白气”D铁水被浇铸成工件【答案】B【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。

21、【解答】解：A、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为冰晶，附着在建筑物或植被表面，此过程中放热，故A错误。B、冰冻的衣服变干，是冰的升华现象，升华过程吸热，故B正确。C、冰棒冒出“白气”，是水蒸气液化为小水滴，液化放热，故C错误。D、铁水被浇铸成工件，是铁水的凝固现象，凝固放热，故D错误。故选：B。【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。4（2分）超市的服装贴有磁性标签，未消磁的标签通过超市安检门时，安检门上的线圈会产生电流，触发报警器达到防盗目的，下列设备与这种安检门的工作原理相同的是（）A发电机B电

22、动机C汽油机D柴油机【答案】A【分析】闭合电路中的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中就有感应电流，该现象称为电磁感应现象，该过程中将机械能转化为电能。【解答】解：据“当未消磁的标签通过超市门口的安全门时，安全门上的线圈会产生电流触发警报器”可知，该过程是将机械能转化为电能的过程，其原理是电磁感应现象，人们利用该现象制成了发电机，故A正确。故选：A。【点评】电磁感应与通电导体在磁场中受力运动这两个实验的前提条件是不同的，电磁感应是用来产生电的，所以该实验装置中没有电源；而通电导体在磁场中受力的实验，电路中有电源。5（2分）用如图的实验装置“探究平面镜成像的特点”时，下列说法中错误的是（

23、）A棋子A向茶色玻璃板靠近，所成像的大小会不变B选用方格纸有助于比较物距和像距的大小关系C棋子A与B到镜面的距离相等，则B一定与A的像重合D选用茶色玻璃板替代平面镜是为了便于确定像的位置【答案】C【分析】（1）平面镜成像大小跟物体的大小有关。（2）从方格纸的方格分析，有方格可以直接判断物体与像之间的位置关系。（3）平面镜成像特点：平面镜所成的像是虚像，物体和像大小相同，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等，物体和像关于平面镜对称；（4）在平面镜成像特点实验中采用玻璃板代替平面镜，其目的是为了确认物像的位置；【解答】解：A、棋子A向茶色玻璃板靠近，所成的像大小不变，故A正确。B、因为使用方格

24、纸可以直接在纸上判断物体与像之间的位置关系，不用再进行测量，从而使实验步骤更加简单，故B正确；C、若A与B到镜面的距离相等，玻璃板如果不垂直桌面，则像和物体不在同一水平面上，找像的位置时，像与棋子不能重合，故C错误；D、因为玻璃板是透明的，所以能在观察到A像的同时，还可以透过玻璃清楚的看到放在后面B，便于确定像的位置，故D正确；故选：C。【点评】本题考查探究“平面镜成像特点”的实验，掌握平面镜成像特点是解决本题的关键。此题难度不大，属于基础知识。6（2分）指尖陀螺是目前流行的一种玩具，陀螺的中间是轴承，轴承内有滚珠，边上有三个用密度较大的金属制作的飞叶，当陀螺水平放置在指尖上，拨动飞叶后，飞叶

25、可以绕竖直轴在指尖上长时间转动。飞叶旋转时，下列分析正确的是（）A转速变慢时惯性变小B轴承内滚珠可减小摩擦C陀螺的重力和它对指尖的压力是一对平衡力D飞叶转动后不能立即停下来是由于受到惯性作用【答案】B【分析】（1）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，物体的质量越大，惯性越大；（2）在同等情况下，滚动摩擦小于滑动摩擦；（3）二力平衡的条件：大小相等、方向相反、作用在一条直线上、作用在同一个物体上。（4）物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性，一切物体都有惯性，惯性是物体的一种属性。【解答】解：A、惯性大小只与物体的质量有关，飞叶转速变慢，但质量不变，所以

26、飞叶的惯性不变，故A错误；B、轴承内有滚珠，是通过变滑动为滚动减小摩擦，故B正确；C、陀螺的重力和它对指尖的压力是作用在不同物体上的两个力，且方向相同，所以不是一对平衡力。故C错误；D、飞叶转动后不能立即停下来是由于陀螺具有惯性，仍要保持原来的运动状态，惯性不是力，不能说受到惯性作用，故D错误。故选：B。【点评】本题以学生们熟悉的手指陀螺为内容，考查了力学知识在其中的应用，体现了物理与实际的联系，提高了学生们的学习兴趣。7（2分）如图，用四个完全相同的滑轮，组装成甲、乙两套滑轮组，用它们分别匀速提升物体G1、G2，已知G1G2，其拉力分别为所F1、F2，滑轮组的机械效率分别为1、2，不计绳重和

27、摩擦，下列选项中正确的是（）AF1F2，12BF1F2，12CF1F2，12DF1F2，12【答案】D【分析】（1）由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，由F（G+G动）比较F1、F2的大小；（2）根据公式WGh可比较所做有用功的大小；不计摩擦和绳重，提起物体时对动滑轮所做功是额外功，根据1可比较两滑轮组的效率高低。【解答】解：由图可知，n12，n33，由题意可知动滑轮重G动相同，不计绳重及摩擦，拉力F（G+G动），所以绳端受到的拉力分别为：可知F1F6；故BC错误；根据W有Gh可知，有用功的关系为：W有1W有2；根据W总W有用+W额外可知，W总1W总2；故选：D。【点评】本题考查了拉力、有

28、用功和总功、机械效率的比较，关键是知道：绳重和摩擦不计，滑轮组中动滑轮重相同，提升物体的高度相同时，所做的额外功相同。8（2分）如图为居民家中某房间的电路，闭合开关S1、S2，电灯L与电热壶均正常工作，在三孔插座上接入电饭煲后，电热壶突然停止工作，灯L仍正常发光，拔出电饭煲的插头，用测电笔分别测试三孔插座的左右两孔，氖管均不发光，此时电路故障可能是（）AAB间断路BCD间断路C插座短路D电热壶断路【答案】A【分析】电热壶突然停止工作，灯L仍正常发光，说明灯泡相连的火线和零线正常，但电路中一定出现断路；测电笔测试三孔插座的左右两孔，氖管发光，说明两孔与火线是连通的，若不发光，说明与火线是断开的。

29、【解答】解：在三孔插座上接入电饭煲后，电热壶突然停止工作，灯L仍正常发光，这表明电路出现了断路现象；灯L仍正常发光，说明A、C左边的火线、零线均正常；而把测电笔分别插入三孔插座的左右两孔，氖管均不发光，说明火线出现了断路现象，因此是AB间发生了断路。故选：A。【点评】本题考查了用测电笔检测电路的故障。在正常情况下，测电笔测火线应亮，测零线应不亮。9（2分）小明将长木板一端垫高做成斜面，用频闪照相机记录了边长为20cm的正方体物体，在沿斜面向上的拉力F100N作用下，由A处匀速向上移动到B处的过程。频闪照相机每隔0.2s拍一张照片，照片记录了物体在不同时刻的位置如图所示。由图可估算出拉力F做功的

30、功率最接近于（）A130WB160WC190WD220W【答案】C【分析】估测图中的路程，根据功的公式WFs可求拉力做的功，再根据P求出拉力F做功的功率。【解答】解：已知木块的边长是20cm，由图知，木块滑过得到路程约为820cm160cm1.6m，木块所用时间：t6.2s40.8s；拉力F做功的功率：最接近190W，故C正确。故选：C。【点评】本题考查了功、功率的公式及其应用，考查了学生对题干的观察能力。10（2分）如图所示的电路，电源电压不变，R0为定值电阻，R为热敏电阻，其阻值随温度变化情况如图所示。闭合开关S，当监控区的温度升高时，下列表示通过热敏电阻R的电流I1、电流表的示数I2随热

31、敏电阻阻值的倒数的变化关系图线中，可能正确的是（）ABCD【答案】D【分析】由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流。由题意可知温度升高时热敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知通过热敏电阻R的电流I1变化，根据并联电路的电流特点可知电流表示数的变化，进而分析可得图象。【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表测干路电流。（1）因热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，所以，当温度升高时，热敏电阻R的阻值变小，通过热敏电阻R的电流I3；由于电源电压不变，则通过热敏电阻R的电流I1与为一次函数，其图象是可以过原点的一条倾斜的直线，且增大时，I1变大，成正比，故AB错误；（2）根据并联电路干路电

32、流等于各支路电流之和可得：电流表的示数I2I1+I0+；所以，电流表的示数I6与为一次函数，其图象是不过原点的一条倾斜的直线，且增大时，I2变大，故C错误，D正确。故选：D。【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点和欧姆定律的应用，电流表示数的变化也可以根据并联电路的电流特点进行解答。二、解答题（共13小题，满分70分）11（4分）水银体温计是根据液体热胀冷缩的性质制成的，使用前，用力向下甩时，体温计直管内的水银由于惯性会被甩回到玻璃泡中，如图，体温计的示数为37.6，疫情防控期间，学校常用额温枪接收人体辐射的红外线来快速测量人体的温度。【答案】见试题解答内容【分析】（1）液体温

33、度计是根据液体热胀冷缩的性质制成的；（2）物体保持运动状态不变的性质叫做惯性；（3）体温计分度值是指每个最小格所表示的温度，可以看1之间有多少小格，就可计算出每个小格所代表的温度，也就是分度值，然后根据分度值和液面的具体位置读出温度值；任何物体都会发出红外线。【解答】解：液体温度计是根据液体热胀冷缩的原理制成的；体温计每个小格代表0.1，也就是分度值为0.1，液面正好在37后的第4个小格上，所以温度值为37.6；额温枪是利用人体辐射的红外线测量体温的。故答案为：热胀冷缩；惯性；37.6；红外线。【点评】该题考查了液体温度计的原理、惯性的利用、体温计读数，以及红外线等多个物理知识点，理解掌握每个

34、知识点才能正确作答。12（4分）如图甲，小明用刻度尺测量一正方体实心物块的棱长为2.00cm，小明调好天平后，测该物块的质量，当右盘中加入最小砝码后，指针偏在分度盘的右侧，按下来他的操作应该是取下最小砝码，向右调节游码；正确操作后，天平右盘中的砝码及游码的示数如图乙，则物块的密度为8.9103kg/m3，他将该物块放入密度为13.6103kg/m3足够多的水银中，则静止时受到的浮力为0.712N（g取10N/kg）。【答案】见试题解答内容【分析】（1）刻度尺的使用要首先观察它的量程和分度值。起始端没从0开始，把3.00cm处当作“0”刻度，读出末端刻度值，减去3.00cm即为正方体实心物块的棱

35、长，注意刻度尺要估读到分度值的下一位；（2）使用天平测量物体质量之前要进行调平，先调节平衡螺母，后调节游码，平衡螺母相对于指针的调节规律是“左偏右调，右偏左调”；在测量前的调平用平衡螺母，在测量过程中的调平，应该用游码或砝码，据此题中的条件分析即可判断；同时在天平读数时，被测物体的质量砝码的质量+游码的示数；（3）由密度公式求得实心物块的密度；（4）根据液体密度和实心物块的密度判断物块的浮沉，确定浮力的大小。【解答】解：（1）图中刻度尺的分度值为1mm，起始端刻度为3.00cm，末端刻度值为7.00cm，因此该木块的长度L5.00cm3.00cm3.00cm；（2）用调好的天平测量该物块的质量

36、时，当在右盘放人最小的砝码后，指针偏在分度盘中线右侧一点，即说明此时右盘所放的砝码的质量较大，故应该取下最小砝码，向右调节游码，使得天平平衡；据图可知，此时天平标尺的分度值是0.2g，故此时待测物体的质量是：m50g+20g+1.2g71.6g；（3）物块的体积VL3（4.00cm）38106m3，m71.2g7.12102kg；8.9102kg/m3；（4）因为物块的密度8.9103kg/m6水银的密度13.6103kg/m3，故将该物块放入密度为13.6103kg/m5足够多的水银中，物块将漂浮，故F浮Gmg0.0712kg10N/kg0.712N。故答案为：2.00；取下最小砝码，向右调

37、节游码；5.9103；0.712。【点评】本题考查刻度尺的读数，天平的使用，密度公式的应用，以及浮沉条件的判断，是一道综合题。13（3分）小明利用水杯完成了下列实验：（1）用如图甲所示装置演示气体扩散现象。其中一只玻璃杯装有密度比空气密度大的二氧化氮气体，另一只玻璃杯装有空气，排除气体重力的干扰，证明气体发生了扩散，装空气的应是A（选填“A”或“B”）玻璃杯。（2）如图乙，取一只玻璃杯装满水，将杯倒扣没入水中，抓住杯底向上提，会发现在杯口未离开水面之前，杯中始终充满水。该现象说明了大气压的存在。（3）如图丙，将两只纸质饮水杯的杯口向上叠套起来，用手握住外面的纸杯，在靠近杯口的上方平行于杯口方向

38、用力吹气，会看到里面的纸杯向上跳起。其可能的原因是流体的流速越大，压强越小。【答案】（1）A；（2）大气压；（3）流体的流速越大，压强越小。【分析】（1）密度大的在下面，密度小的在上面，可以避免重力对实验的影响。（2）大气压能支持10.33m的水柱。（3）流体的流速越大，压强越小。【解答】解：（1）二氧化氮气体密度大于空气密度，为了避免重力对实验的影响，把密度大的二氧化氮放在下面，密度小的空气放在上面，故B中是二氧化氮，A中是空气。（2）玻璃杯中没有空气，大气压可以支持10.33m的水柱，取一只玻璃杯装满水，将杯倒扣没入水中，抓住杯底向上提，会发现在杯口未离开水面之前，杯中始终充满水，说明大气

39、压的存在。（3）将两只纸质饮水杯的杯口向上叠套起来，用手握住外面的纸杯，在靠近杯口的上方平行于杯口方向用力吹气，杯口上方空气流速大压强小，杯子下方大气压大于上方大气压，杯子受到空气向上的力，向上跳起。故答案为：（1）A；（2）大气压；（3）流体的流速越大，压强越小。【点评】通过三个探究小实验考查了扩散实验操作、大气压的存在、流体压强跟流速的关系等，平常学习过程中要关注一些小实验。14（4分）如图是某款家用电饭煲的保温、加热两挡调节功能电路。已知电源电压为220V，电热丝R1的阻值为121，电路处于加热挡时功率为1400W，则电热丝R2的阻值为48.4，电路处于保温挡时功率为400W，电热丝通电

40、一段时间后变得很烫，而与电饭煲连接的导线却不怎么热，主要是因为导线电阻小。产生的热量少，若电饭煲正常工作1小时，使标有“1000imp/（kWh）”的电能表指示灯闪烁640次，则电饭煲处于加热挡与保温挡的工作时间之比为6：19。【答案】48.4；400；电阻小；6：19【分析】（1）只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时电路的总电阻最大，由P可知，电源的电压一定时，电路的总功率最小，电路处于保温挡；闭合开关S2、S1时，R1与R2并联，电路的总电阻最小，电路的总功率最大，根据总功率求出R2的电功率，根据P求出电阻的大小；（2）电热丝和导线串联，通过的电流和通电时间相同，根据焦耳定律QI2

41、Rt可知，电阻越大电流产生的热量越多，据此分析判断；（3）根据电路的特点可知，电饭煲在工作的过程中，电热丝R1始终接入电路中；只有在高温挡时，R2才接入电路中，根据WPt写出电功的公式，从而求出时间。【解答】解：（1）只闭合开关S1时，电路为R1的简单电路，此时为低温挡，低温挡的功率为：P3400；R2的阻值为：R248.4；（2）电热丝与导线串联，通过它们的电流I和通电时间t相等，已知Q电热丝Q导线，根据QI2Rt可知R电热丝R导线，所以电热丝通电一段时间后变得很烫，而连接电炉的导线却不怎么热，主要是因为导线比电热线的电阻小；（3）电饭煲正常工作1小时，使标有“1000imp/（kWh）”的

42、电能表指示灯闪烁640次，则消耗的电能为：WkWh4.64kWh2.304106J；WW4+W2P1t+P2t，代入数据得：2.304106J400W3600s+1000Wt，解得：t864s；故答案为：48.4；400；电阻小；6：19。【点评】本题考查了并联电路的特点和电功率公式、电功公式的应用，正确的判断电路处于保温挡和加热档时电路的连接方式是关键。15（5分）如图甲是“探究不同物质吸热升温现象”的实验。（1）在两个相同的烧杯中分别装入初温度相同且质量相等的食用油和水。为了使两杯液体均匀受热，还满添加的实验器材是搅拌棒。（2）实验中选择相同规格的酒精灯，可以认为在相同时间内食用油和水吸热

43、相同，然后通过比较温度计升高的示数来完成探究实验。（3）根据实验测得的数据分别描绘出了食用油和水两种液体的温度随加热时间变化的图象如图乙所示，由图象可得食用油的比热容为2.4103J/（kg）。已知c水4.2103J/（kg）【答案】见试题解答内容【分析】（1）探究不同物质吸热升温现象时，需要控制水和食用油的质量相同；为了使两杯液体均匀受热，还需添加的实验器材是搅拌器；（2）我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，用温度计升高的示数表示吸热能力的大小，这种方法叫转换法；（3）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象得出加热相同时间时，两种物质升高的温度，然后根据Qcmt得出比热

44、容的大小。【解答】解：（1）探究不同物质吸热升温现象时，采用的是控制变量法，需要控制水和食用油的质量相同；为了使两杯液体均匀受热，还需添加的实验器材是搅拌棒；（2）实验中选用相同的酒精灯，相同时间内放出的热量相同，同时实验中其它器材也要吸热，故选用两套完全相同的装置分别给这两种液体加热，这样做的目的是控制相同时间内食用油和水吸收的热量相同；通过比较温度计升高的示数来比较吸热能力的大小；（3）由绘制出的两种液体温度随时间变化的关系图象知，加热5min，吸收的热量相同，水升高的温度为301020；食用油升高的温度为451035；根据Qcmt可知，在质量和吸收热量相同的情况下，升高的温度与比热容大小

45、成反比，故食用油的比热容：故答案为：（1）质量；搅拌棒；（2）吸热；温度计升高的示数；（3）6.4103。【点评】本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。16（2分）如图，在平静的湖边上方有一盏路灯，潜水员员在水下E处看到了路灯的像。图中A、B两点，其中有一个是路灯，另一个是路灯的像。在图中画出水下E处的潜水员看到路灯的光路图。【答案】【分析】路灯发出的光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，潜水员在水下逆着光的传播方向看到路灯的像会比路灯本身偏高一些，所以B是路灯的虚像点，A是路灯的发光点。【解答】解：由分析可知，B是路灯的虚像点，A

46、是路灯的发光点；连接眼睛处的E点与像点B，EB与界面的交点即为入射点O，则OE为折射光线，连接AO，AO就是入射光线，即可完成水下E处的潜水员看到路灯A的光路图；如图所示：【点评】作图时注意入射光线和折射光线用实线画，折射光线的反向延长线用虚线画，另外光线箭头很容易画错。17（2分）如图，轻质杠杆的A点挂一重物，O为杠杆的支点，O为重物的重心，画出使重物在图示位置静止时动力F1的动力臂L1及重物所受重力G的示意图。【答案】【分析】（1）已知支点和动力F1的方向，过支点作力的作用线的垂线段（即动力臂L1）。（2）重力的方向是竖直向下的，重力的作用点在规则物体的几何中心。【解答】解：过支点O作动力

47、F1作用线的垂线段，即为动力臂L1；重力的方向是竖直向下的，过重物的重心O画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，即为重力的示意图，如图所示：【点评】本题考查了力臂和重力示意图的画法；要求学生掌握作图的基本方法，并且作图要规范。18（2分）如图所示，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90后静止，请在图中括号内标出电源的“+”“”极，并标出通过通电螺线管外A点的磁感线的方向。【答案】见试题解答内容【分析】知道闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90后静止，根据磁极间的相互作用判断出通电螺线管的磁极。根据通电螺线管的磁极判断出磁感线的方向。在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极。根据安培定则

48、判断出电流的方向，确定电源的正负极。【解答】解：由题意可知，闭合开关S后小磁针沿顺时针方向偏转90后静止，则小磁针N极指向右端，S极指向左端，根据异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端为N极、左端为S极。因为在磁体外部，磁感线总是从N极发出，回到S极，所以图中磁感线的方向是指向左的。根据安培定则，伸出右手使大拇指指向螺线管的N极（即右端），则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流从螺线管的左端流入，则电源的左端为正极，右端为负极，如图所示。【点评】本题考查了磁极间的相互作用规律，磁感线的特点以及利用手安培定则判断螺线管极性或电流方向的重要方法，应能做到灵活应用；同时还要注意小磁针静止时N极所

49、指的方向为该点磁感线的方向。19（9分）一款新型四轮沙滩卡丁车满载时的质量为900kg，10min内满载的卡丁车在水平沙滩上匀速行驶了6km，此过程卡丁车汽油机产生的牵引力为1.15103N，行驶时每个车轮与沙滩的接触面积为5102m2，已知该卡丁车汽油机的效率为30%（汽油的热值取4.6107J/kg，g取10N/kg），求：（1）卡丁车满载时对沙滩的压强；（2）牵引力对卡丁车做功的功率；（3）在这次行驶中消耗汽油的质量。【答案】（1）卡丁车满载时对沙滩的压强为4.5104Pa；（2）牵引力对卡丁车做功的功率1.15104W；（3）在这次行驶中消耗汽油的质量0.5kg。【分析】（1）知道卡丁

50、车满载时的质量，利用Gmg求其重力大小，卡丁车满载时对地面的压力大小等于其重力，知道受力面积，利用p求卡丁车满载时对地面的压强；（2）求出卡丁车的行驶速度，利用PFv求出牵引力对卡丁车做功的功率；（3）利用WPt求牵引力做的功，即汽油完全燃烧产生热量转化的机械能，根据求完全燃烧汽油放出的热量，再利用Q放mq求完全燃烧汽油的质量。【解答】解：（1）卡丁车满载时的重力大小：卡丁车满载时对地面的压力大小：受力面积S45102m70.2m2，p5.5104Pa；（2）卡丁车的行驶速度：v10m/s，PFv1.15103N10m/s1.15107W；（3）牵引力做的功：WPt1.15104W600s6.

51、9106J，Q放2.3107J，m0.5kg。（2）牵引力对卡丁车做功的功率6.15104W；（3）在这次行驶中消耗汽油的质量0.5kg。【点评】本题为力学和热学综合题，要求灵活应用相关公式，要利用好推导公式PFv，计算时注意单位统一。20（9分）如图甲，电源电压恒为6V，灯泡的电流与两端电压的关系如图乙。R1是定值电阻，电流表的量程为03A，电压表的量程为03V，当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡L正常发光，电流表的示数为0.75A求：（1）灯泡L正常发光时的阻值和电阻R1的阻值；（2）只闭合开关S1，移动滑片P，当变阻器R2接入电路中的阻值为其最大阻值的时，电流表的示数为0.4A，滑动变

52、阻器R2的最大阻值；（3）在各电路元件安全工作的前提下，电路消耗的功率最小，则：说明各开关所处的状态；求出电路消耗的最小功率。【答案】（1）灯泡L正常发光时的阻值和电阻R1的阻值分别为13.3、20；（2）滑动变阻器R2的最大阻值为30；（3）在各电路元件安全工作的前提下，电路消耗的功率最小，则：闭合开关S2、断开S1、S3；电路消耗的最小功率为0.9W。【分析】（1）当开关S1、S2、S3都闭合时，变阻器短路，灯泡L与R1并联，电流表测干路电流，由图象可知：灯泡L正常发光的电压与电流，根据欧姆定律即可求出小灯泡L的电阻；根据并联电路的电流特点和欧姆定律即可求出R1的阻值；（2）只闭合开关S1

53、，灯与变阻器串联，电流表测电路中的电流；根据电流表示数可知电路中的电流，由图乙得出此时灯泡两端的电压，根据电阻的串联求出R2接入电路中的阻值，然后求出滑动变阻器的最大阻值；（3）根据P可知电路中电阻最大时电路消耗的功率最小，据此根据电阻的串并联特点判断需要闭合的开关；然后根据电压表的量程、串联电路的特点和欧姆定律判断出滑动变阻器能接入电路的最大阻值，最后即可根据PUI求出最小总功率。【解答】解：（1）当开关S1、S2、S3都闭合时，变阻器短路，灯泡L与R1并联，电流表测干路电流，根据并联电路各支路两端的电压相等可知：灯泡两端的实际电压ULU6V，根据I可得：根据并联电路干路电流等于各支路电流之

54、和可得：根据I可得：R820；（2）电流表测电路中的电流，移动滑片P，当变阻器R2接入电路中的阻值为其最大阻值的时，电流表的示数为8.4A，由图乙知，此时灯泡两端的电压为4V，U2UUL实6V4V5V，R2接入电路中的阻值R25，R26R26530；（3）根据P可知电路中电阻最大时电路消耗的功率最小，由于并联电路的总电阻一定小于各支路上的电阻，并且R1RL，所以，电路应是R1与变阻器串联，则应闭合开关S2、断开S7、S3；根据串联电路的分压特点可知变阻器连入电路的电阻变大时电压表的示数变大，当电压表示数为3V时，变阻器连入电路的电阻最大，电路的电流最小，根据串联电路的总电压等于各电阻两端的电压

55、之和可知：则电路中电流I最小0.15A，变阻器连入电路的最大电阻为R2最大20R230；答：（1）灯泡L正常发光时的阻值和电阻R1的阻值分别为13.3、20；（2）滑动变阻器R2的最大阻值为30；（3）在各电路元件安全工作的前提下，电路消耗的功率最小，则：闭合开关S2、断开S1、S7；电路消耗的最小功率为0.9W。【点评】本题考查串联、并联电路的规律及欧姆定律和电功率公式的运用，关键是判断出电路中电阻最大时的连接方式。21（9分）小明、小马和小虎设计如图甲所示的电路测量小灯泡的电功率。实验器材有：电源（电压4.5V）、铭牌上仅能看清标有“0.3A”字样的小灯泡L、滑动变阻器R（020）、电阻箱

56、R0（0999.9）、电流表、开关S1、单刀双掷开关S2及导线若干。（1）请根据图甲所示的电路，在图乙中用笔画线代替导线将实物图连接完整。（2）小明闭合开关S1，将开关S2拔至“a”位置，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置，电流表示数为0.3A，小灯泡正常发光。再将开关S2拨至“b”位置，调节电阻箱，使电流表示数仍为0.3A，此时电阻箱的示数如图丙所示。则小灯泡正常发光时的电阻值为8.3，小灯泡的额定功率为0.75W（保留小数点后两位数字）（3）实验中，把电阻箱的阻值从999.9调到丙图所示的阻值时，小马想先把“100”档、“10”档、“1”档以及“0.1”档都从9调到0，再调“1”档以及“0.

57、1”档。你认为他的想法在实验中不可行（选填“可行”或“不可行”），理由是电路中电流超过了电流量程。（4）实验中，小虎将开关拨至“b”位置时，不小心将滑动变阻器的滑片P向左移动了少许，其他操作正确，则小灯泡额定功率的测量值大于（选填“大于”、“小于”或“等于”）真实值，其原因是测得灯泡正常发光电阻偏大。【答案】（1）见上图；（2）8.3；0.75；（3）不可行；电路中电流超过了电流量程；（4）大于；测得灯泡正常发光电阻偏大。【分析】（1）根据电路图甲连接实物图即可；（2）根据实验步骤，由等效替代法可知，电阻箱接入电路的电阻与灯泡正常发光电阻相等，由PI2R计算灯泡的额定功率；（3）由串联电路特点

58、和欧姆定律计算灯泡正常发光时变阻器连入电路的阻值，由此计算变阻箱各档调到0时电路中电流，从而判断；（4）变阻器的滑片P向左移动了少许，即变阻器连入阻值小于灯泡正常发光时连入电路的阻值，由此分析变阻箱连入阻值的差异，从而分析所测灯泡额定功率的变化。【解答】解：（1）由图甲知，滑动变阻器串联在电路中，且右滑电阻变大，所以应将左下接线柱接入电路中，S2接a时，灯泡连入电路中，接b时，R0接入电路中，由此连接实物如图所示：（2）闭合开关S1，开关S2拔至“a”，调节滑动变阻器的滑片P至某一位置，电流表示数为3.3A，小灯泡正常发光。开关S2拨至“b”位置，调节电阻箱，使电流表示数仍为0.3A，此时变阻

59、器连入阻值与灯泡正常发光电阻相等，小灯泡的额定功率PI2RL（0.3A）28.30.75W；（3）闭合开关S1，开关S2拔至“a”，灯泡正常发光，由串联电路和欧姆定律可得此时变阻器连入电路的阻值：实验中，若把变阻箱“100”档、“10”档、“1”档以及“0.1”档都从5调到0，变阻箱连入阻值为0，只有变阻器连入电路，（4）由实验步骤，将开关拨至“b”位置时，不小心将滑动变阻器的滑片P向左移动了少许，这样滑动变阻器连入阻值比灯泡正常发光时连入阻值小，由PI2R知，所测小灯泡的额定功率的测量值大于真实值。故答案为：（5）见上图；（2）8.3；0.75；（2）不可行；电路中电流超过了电流量程；（4）

60、大于；测得灯泡正常发光电阻偏大。【点评】本题是特殊方法测灯泡电功率，考查了实物电路的连接、变阻箱的读数、电功率的计算以及误差分析等，关键能利用等效替代的思想得到灯泡正常发光的电阻。22（7分）如图，兴趣小组用橡皮筋制作的弹弓进行弹射弹珠比赛，发现弹出的弹珠水平飞行的距离不同。关于弹珠水平飞行的距离与哪些因素有关，他们提出以下猜想：猜想1：与橡皮筋的伸长量有关；猜想2：与弹珠的质量有关；猜想3：与橡皮筋的粗细有关；猜想4：与橡皮筋的长度有关；（1）根据所学知识，他们经过讨论，判断猜想1是正确（选填“正确”或“错误”）的。你认为他们判断的依据是伸长量越大，弹珠获得的动能越大。（2）为验证猜想2是否