2022-2023学年山西省太原市重点中学物理高三上期中教学质量检测试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷请考生注意：1请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用05毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2答题前，认真阅读答题纸上的注意事项，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、利用双线可以稳固小球在竖直平面内做圆周运动而不易偏离竖直面，如图用两根长为L的细线系一质量为m的小球，两线上端系于水平横杆上，A、B两点相距也为L，若小球恰能在竖直面内做完整的圆周运动，则小球运动到最低点时，每根线承受的张力为（ ）

2、ABCD2、如国所示，在粗糙水平地面放一质量为M的斜面，质量为m的木块沿斜面匀速下滑，此过程斜面保持静止，则（ ）A地面对斜面有水平向右的摩擦力B地面对斜面有水平向左的摩擦力C地面对斜面的支持力等于(M+m)gD地面对斜面的支持力小于(M+m)g3、如图三条光滑斜轨道1、2、3，他们的倾斜角一次是60度、45度、30度；这些轨道交于O点，现有位于同一竖直线的三个小物体甲乙丙分别沿这三条轨道同时从静止自由下滑，物体滑到O点的先后顺序是（）A甲最先，乙稍后，丙最后B乙最先，然后甲丙同时到达C甲乙丙同时到达D乙最先，甲稍后，丙最后4、以36 km/h的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小

3、为4 m/s2的加速度，刹车后第3 s内，汽车走过的路程为( )A0.5 mB2 mC10 mD12.5 m5、用一根细线悬挂一个重物，把重物拿到一定高度后突然释放，重物可将线拉断，如果在细线上端拴一段橡皮筋，再从同样高度释放重物，细线不再被拉断，这是因为拴上橡皮筋后在细线绷直时与不拴橡皮筋相比较( )A重物的动量减小 B重物动量改变量减小C重物所受冲量减小 D重物动量的变化率减小6、在轴上O、P两点分别放置电荷量为q1、q2的点电荷，一带负电的试探电荷在两电荷连线上的电势能EP随变化关系如图所示，其中A、两点电势能为零，D段中C点电势能最大，则 Aq1是负电荷，是正电荷且q1 q2BBC间场

4、强方向沿轴负方向CC点的电场强度大于A点的电场强度D将一正点电荷从B点移到D点，电场力先做负功后做正功二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、一个质量为1kg的物体被人用手由静止向上提升1m，这时物体的速度是2m/s，则下列说法中正确的是 ( )A手对物体做功12JB合外力对物体做功12JC合外力对物体做功2JD物体克服重力做功10J8、如图所示，面积为S、匝数为N、内阻不计的矩形线圈，在磁感应强度为B的匀强磁场中，从图示位置开始计时，绕水平轴oo以角速度匀速转动矩形线圈

5、通过滑环连接理想变压器理想变压器原线圈上的滑动触头P上下移动时，可改变副线圈的输出电压；副线圈接有可变电阻R电表均为理想交流电表下列判断正确的是（）A矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为B矩形线圈产生的感应电动势的有效值为C当P位置不动，R增大时，电压表示数也增大D当P位置向上移动、R不变时，电流表示数将增大9、如图所示，质量相同的两个小球a、b由斜面底端斜向上拋出，两球恰好分别沿水平方向 击中斜面顶端A和斜面中点B，不计空气阻力，下列说法正确的是A小球a、b的初速度方向相同B小球a、b的初动能之比为4:1C小球a、b的末速度之比为:1D小球a、b空中运动时间之比为2:110、如图所示，光

6、滑水平面上有质量均为的物块A和B，B上固定一轻质弹簧，B静止，A 以速度水平向右运动，从A与弹簧接触至弹簧被压缩到最短的过程中（ ）AA、B的动量变化量大小相等BA、B的动量变化率相同CA、B系统的总动能保持不变DA、B系统的总动量保持不变三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某同学用如图甲所示实验装置来探究当地的重力加速度的大小让从高处由静止下落，拖着的纸带被打点计时器打出一系列的点，O是打下的第一个点，每相邻两个计数点之间还有4个点未标出计数点问距的测量数据如图乙所示已知，打点计时器的频率为50Hz所求结果均保留两位有效数字(1

7、)在打计数点D时纸带的速度_ms；纸带的加速度大小_ms1(1)若某同学测得各计数点到O点的距离为h，作出的图象如图丙所示，则测得当地的重力加速度g=_ms112（12分）某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验气垫导轨装置如图(a)所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成(1)下面是实验的主要步骤：安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；向气垫导轨通入压缩空气；把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；把滑块2放在气垫导轨的

8、中间；先接通打点计时器的电源，再放开滑块1，让滑块1带动纸带一起运动；在中间与滑块2相撞并粘在一起运动；取下纸带，重复步骤，选出理想的纸带如图(b)所示；测得滑块1的质量310 g，滑块2(包括橡皮泥)的质量205g(2)已知打点计时器每隔0.02 s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为_ kgm/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为_ kgm/s(保留三位有效数字)(3)试说明(2)中两结果不完全相等的主要原因是_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）飞船在远离星球的宇宙深处航行时，可以认为其

9、它星体对飞船的万有引力作用很微弱，可忽略不计此时飞船将不受外力作用而做匀速直线运动，设想有一质量为M的宇宙飞船，正以速度v0在宇宙中飞行飞船可视为横截面积为S的圆柱体（如图1所示）某时刻飞船监测到前面有一片尘埃云 （1）已知在开始进入尘埃云的一段很短的时间t内，飞船的速度减小了v，求这段时间内飞船受到的阻力大小（2）已知尘埃云分布均匀，密度为假设尘埃碰到飞船时，立即吸附在飞船表面若不采取任何措施，飞船将不断减速通过监测得到飞船速度的倒数“1/v”与飞行距离“x”的关系如图2所示求飞船的速度由v0减小1%的过程中发生的位移及所用的时间14（16分）一辆汽车在平直的路面上以恒定功率由静止行驶，设所

10、受阻力大小不变，其牵引力F与速度的关系如图所示，加速过程在图中B点结束，所用的时间t=10s，经历的路程s=60m，10s后汽车做匀速运动求：（1）汽车运动过程中功率的大小；（2）汽车的质量（3）汽车加速度为5 m/s2时，此时车的速度大小15（12分）一辆汽车刹车前速度为90km/h，刹车获得的加速度大小为10m/s2，求：(1)汽车刹车开始后10s内滑行的距离x0；(2)从开始刹车到汽车位移为30m时所经历的时间t；(3)汽车静止前1s内滑行的距离x参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】小球恰好过最高点

11、时有：mg=m；解得：v1；根据动能定理得， ；在最低点，由牛顿第二定律得： ；联立得，T=2mg，故A正确，BCD错误故选A点睛：本题综合运用了动能定理和牛顿第二定律，知道细线拉着小球在竖直面内做圆周运动，最高点和最低点靠竖直方向上的合力提供向心力2、D【解析】对物体M和m整体受力分析，受拉力F、重力（M+m）g、支持力FN，根据共点力平衡条件，竖直方向：FN+F-（M+m）g=0，解得：FN=（M+m）g-F（M+m）g；水平方向不受力，故没有摩擦力。故选AD。【点睛】整体法与隔离法的灵活选择对解题过程简洁与否至关重要，本题中选择整体法会使解题过程大为简化，如果用隔离法，由于力的个数较多，

12、还需隔离出两个物体分别分析，解题过程会很繁琐，作为选择题，要能灵活选择方法.3、B【解析】设斜轨道底边的长度为，斜面的倾角为，则斜轨道的长度为根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度为则有代入数据得得到根据数学知识得知则甲和丙运动的时间相等，同时达到斜轨道的底端点；乙运动时间最短，乙最先到达点，故B正确，A、C、D错误；故选B。4、A【解析】:先统一单位： ,汽车速度减为零的时间 ,可以知道第3s内的位移等于最后内的位移,采用逆向思维,最后内的路程 .所以A选项是正确的.综上所述本题答案：A5、D【解析】两次从相同的高度释放重物，直到细线绷直的一瞬间，重物都是做自由落体运动，由动能定理可知：mgh

13、=12mv2，解得v=2gh，则两次重物的末速度都相等，由p=mv以及p=mv-mv0=mv可知，重物的动量没有减小，动量改变量也没有减小，故AB错误。根据动量定理I=p，重物所受冲量等于自身动量改变量，故两次重物所受冲量相等，故C错误。动量变化率为pt=F，第一次释放，重物在很短的时间内减速到0，而第二次释放过程中重物减速到0的时间更长，两次减速过程动量变化值相等，故重物动量的变化率减小。【点睛】本题考查动量定理和动能定理。6、A【解析】A.由知A点的电势为零，越靠近O点电势越低，越靠近P点电势越高，所以O点的电荷带负电，P点电荷带正电，由图知C点场强为零，根据和电场叠加原理，可以得到q1

14、q2，故A正确；B.负点电荷从B到C点，电势能增大，根据可知电势能减小，由于沿着电场线电势降低，则有BC间场强方向沿x轴正方向，故B错误；C.图象的斜率为C点的电场强度小于A点的电场强度，故C错误；D.因为BC间电场强度方向沿x轴正方向，CD间电场强度方向沿x轴负方向，则将一正点电荷从B点移到D点，电场力先做正功后做负功，故D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】手对物体做功，选项A正确；合外力对物体做功，选项B错误，C正确；物体克服重力做功，选项D

15、正确.8、AD【解析】试题分析：从垂直于中性面时开始计时，矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为，A正确；矩形线圈产生的感应电动势的有效值为，B错误；交流发电机内电阻不计，故变压器输入电压不变，根据理想变压器的变压比公式：，当P位置不动，R增大时，电压表读数不变，仍然等于发电机的电动势有效值；C错误当P位置向上移动、R不变时，根据理想变压器的变压比公式：，输出电压变大，故电流变大，功率变大，输入电流也变大，故电流表读数变大，D正确；故选AD考点：交流的峰值、有效值以及它们的关系【名师点睛】正弦式交流发电机从垂直中性面位置开始计时，其电动势表达式为：e=NBScost；电压表和电流表读数为有效

16、值；计算电量用平均值9、AC【解析】A根据逆向思维，小球落在斜面上，速度方向与水平方向夹角的正切值是位移与水平方向夹角正切值的2倍，因为位移与水平方向的夹角相等，则速度与水平方向的夹角相等，到达斜面底端时速度方向与斜面的夹角也相等，故A正确；B根据动能定理可知，到达斜面底端时的动能之比故B错误；C因为EKa：Ekb=2：1，由 可知：小球a、b的末速度之比为：1，故C正确；D因为两球下落的高度之比为2：1，根据得，高度之比为2：1，则时间之比：1，D错误。10、AD【解析】AD由题意可知两物体相互作用过程中系统的合外力为零，故系统的总动量守恒，则A、B动量变化量大小相等、方向相反，故A正确，D

17、正确；B由动量定理得：可以知道动量的变化率等于物体所受的合外力，A、B两物体所受的合外力大小相等、方向相反，所受的合外力不同，则动量的变化率不同，故B错误；C因整个过程中只有弹簧弹力做功，A、B系统的总机械能不变，弹性势能在变化，则总动能在变化，故C错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.9 4.8 9.6 【解析】（1）根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点D的速度，根据推论x=aT1，求出加速度；（1）根据，及牛顿第二定律，结合图像的斜率，从而得出重力加速度g的值【详解】(1) 每相邻两个计数点之间还有

18、4个点未标出，打点计时器的频率为50Hz，相邻两个计数点之间的时间间隔为0.1s，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则有：vD=m/s=1.9m/s，根据x=aT1，a=m/s1=4.8m/s1；(1)由牛顿第二定律，则有：(m1m1)g=(m1+m1)a；根据速度位移关系：联立得：图像的斜率k=代入数据，解得g=9.6m/s1.12、接通打点计时器的电源； 放开滑块； 0.620； 0.618； 纸带与打点计时器限位孔有摩擦； 【解析】(2)放开滑块1后，滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得，碰撞前滑块1的动量为：，滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为0.620kgm/s.碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：.(3)结果不完全相等是因为纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用【点睛】本实验为了验证动量守恒定律设置滑块在气垫导轨上碰撞，用打点计时器纸带的数据测量碰前和碰后的速度，计算前后的动量，多次重复，在实验误差允许的范围内相等，则动量守恒定律得到验证四、计算题：