江苏省南京市附中2022-2023学年物理高三第一学期期中检测模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷考生请注意：1答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，一个小球（视为质点）从H=18m高处，由静止开始通过光滑弧形轨道AB，进入半径R=6m的竖直圆环，且与圆环间动摩擦因数处处相等，当到达环顶C时，刚好对轨道压力为零；

2、沿CB圆弧滑下后，进入光滑弧形轨道BD，且到达高度为h的D点时的速度为零，g=10m/s2，所有高度均相对B点而言，则h值可能为（ ） A10mB11mC12mD13m2、竖直墙壁上固定有一个光滑的半圆形支架，AB为其直径，支架上套着一个小球，细线的一端悬于P点，另一端与小球相连。已知半圆形支架的半径为R，细线长度为L，且R L 2R。现将细线的上端点P从图示实线位置沿墙壁缓慢下移至A点（虚线位置），在此过程中细线对小球的拉力FT及支架对小球的支持力FN的大小变化情况为（ ） AFT和FN均增大BFT和FN均减小CFT先减小后增大，FN先增大后减小DFT先增大后减小，FN先减小后增大3、如图所

3、示，一定质量的物体通过轻绳悬挂，结点为O人沿水平方向拉着OB绳，物体和人均处于静止状态若人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，下列说法正确的是（ ）AOA绳中的拉力先减小后增大BOB绳中的拉力不变C人对地面的压力逐渐减小D地面给人的摩擦力逐渐增大4、如图所示，竖直放置在水平面上的轻质弹簧上放着质量为2kg的物体A，处于静止状态若将一个质量为3kg的物体B轻放在A上的一瞬间，则A对B的支持力大小为（取g=10m/s2）A30NB0C15ND12N5、甲、乙两车在平直公路上同向行驶，其vt图象如图所示。已知两车在t3s时并排行驶，则下列说法正确的是（ ） A两车另一次并排行驶的时刻为t2sB在

4、t0时，乙车在甲车前C在t1s时，甲车在乙车后D甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公路方向的距离为40m6、关于动量和动能，下列说法中错误的是（ ）A做变速运动的物体，动能一定不断变化B做变速运动的物体，动量一定不断变化C合外力对物体做功为零，物体动能的增量一定为零D合外力的冲量为零，物体动量的增量一定为零二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，带有光滑竖直杆的三角形斜劈固定在水平地面上，放置于斜劈上的光滑小球与套在竖直杆上的小滑块用轻绳连接，开始时轻绳与斜劈平

5、行现给小滑块施加一竖直向上的拉力，使小滑块沿杆缓慢上升，整个过程中小球始终未脱离斜劈，则有()A轻绳对小球的拉力逐渐增大B小球对斜劈的压力先减小后增大C竖直杆对小滑块的弹力先增大后减小D对小滑块施加的竖直向上的拉力逐渐增大8、一兴趣小组做了一次实验，实验时让某同学从桌子上跳下，自由下落H后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h后停住，利用传感器和计算机显示该同学受到地面的支持力F随时间变化的图象如图所示.根据图象提供的信息，以下判断正确的是A在0至t2时间内该同学处于失重状态Bt2时刻该同学的加速度为零Ct3时刻该同学的速度达到最大D在t3至t4时间内该同学处于超重状态9、如图所示，某赛

6、车手在一次野外训练中，先用地图计算出出发地A和目的地B的直线距离为9km，实际从A运动到B用时5min，赛车上的里程表指示的里程数增加了15km当他经过路标C时，车内速度计指示的示数为，那么可以确定的是（）A整个过程中赛车的平均速度为B整个过程中赛车的平均速度为C赛车经过路标C时的瞬时速度大小为D赛车经过路标C时速度方向为由A指向B10、关于热力学定律，下列说法正确的是（）A为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量B对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功D不可能使热量从低温物体传向高温物体三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定

7、的答题处，不要求写出演算过程。11（6分）某实验小组为探究加速度与力之间的关系设计了如图（a）所示的实验装置，用钩码所受重力作为小车所受的拉力，用DIS（数字化信息系统）测小车的加速度通过改变钩码的数量，多次重复测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力的关系图象他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条aF图线，如图（b）所示图线_是在轨道水平的情况下得到的（选填“”或“”）小车和位移传感器发射部分的总质量为_kg，小车在水平轨道上运动时受到的摩擦力大小为_N12（12分）某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案如图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端开

8、始时小球和滑块均静止，剪断细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移（空气阻力对本实验的影响可以忽略）（1）滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为_（2）滑块与斜面间的动摩擦因数为_（3）以下能引起实验误差的是_A、滑块的质量 B、当地重力加速度的大小 C、长度测量时的读数误差D、小球落地和滑块撞击挡板不同时四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写

9、出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示为研究电子枪中电子在电场中运动的简化模型示意图。在Oxy平面的ABCD区域内，存在两个场强大小均为E的匀强电场I和II，两电场的边界均是边长为L的正方形（不计电子所受重力），已知电子电量为-e，质量为m。（1）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开区域时的速度。（2）在该区域AB边的中点处由静止释放电子，求电子离开区域时的位置（3）在电场I区域内适当位置由静止释放电子，电子恰能从ABCD区域左下角D处离开，求所有释放点的位置。14（16分）如图甲所示，用粘性材料粘在一起的A、B两物块静止于光滑水平面上，两物块的质量分别为mA1

10、kg，mB2kg，当A、B之间产生拉力且大于0.3N时A、B将会分离。t0时刻开始对物块A施加一水平推力F1，同时对物块B施加同一方向的拉力F2，使A、B从静止开始运动，运动过程中F1、F2方向保持不变，F1、F2的大小随时间变化的规律如图乙所示，求解以下问题：(1)从t0时刻到A、B分离，它们运动的位移；(2)t2.0s时刻B对A的作用力大小和方向；(3)分离前A对B的作用力大小为零的时刻。15（12分）一块半圆柱形玻璃砖，其横截面是半径为R的半圆，AB为半圆的直径，O为圆心，如图所示现让一细单色光束垂直AB沿半径Oa方向射到玻璃砖上，光沿Oa方向从玻璃砖的左侧射出若保持光的入射方向不变，将

11、光沿Oa方向向上平移，求：（真空中的光速为c，不考虑光在玻璃砖内的多次反射）当细光束平移到距O点的M点时，玻璃砖左侧恰好不再有光线射出，求玻璃砖对该单色光的折射率；当细光速平移到距O点的N点时，出射光线与Oa延长线的交点为f，求光由N点传播到f点的时间参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】小球到达环顶C时，刚好对轨道压力为零，所以在C点，重力充当向心力，由牛顿第二定律得：.已知圆环半径R=6m，小球在C点动能：，以B所在平面为零势能面，在C点，小球重力势能EP=2mgR=12mg，小球从静止开始运动到到达C

12、点过程中由动能定理得：，解得Wf=-3mg，小球在C点时的机械能：E=EK+EP=15mg.由于克服摩擦力做功，机械能减少，小球到达底端时的机械能小于15mg；小球从C点下滑过程中克服摩擦力做功，机械能减少，到达轨道同一高度处的速度比上升时的速度小，小球对轨道压力变小，摩擦力变小，小球下滑时，克服摩擦力做功小于3mg，故小球到达底端时的机械能大于15mg-3mg=12mg，小球进入光滑弧形轨道BD时，小球机械能的范围为，12mgE15mg，小球到达最高点时的机械能E=mgh，则12mh15m，故A，B，C错误，D正确.故选D.【点睛】本题解题的关键是对小球运动过程的分析，知道小球在两个半圆上的

13、摩擦力做功不等.2、A【解析】小球受重力、细线的拉力和支持力，由于平衡，三个力可以构成矢量三角形，如图所示：根据平衡条件，该矢量三角形与几何三角形POC相似，故有：GPO=FTL=FNR，解得：FT=LPOG，FN=RPOG；当P点下移时，PO减小，L、R不变，故FT增大，FN增大；故选A.【点睛】本题的关键是对小球进行受力分析，然后根据矢量三角形与几何三角形相似，列式分析各力的变化这是非直角三角形的情况下是常用的方法3、D【解析】解：将重物的重力进行分解，当人的拉力方向不变，缓慢向左移动一小段距离，则OA与竖直方向夹角变大，OA的拉力由图中1位置变到2位置，可见OA绳子拉力变大，OB绳拉力逐

14、渐变大；OA拉力变大，则绳子拉力水平方向分力变大，根据平衡条件知地面给人的摩擦力逐渐增大；人对地面的压力始终等于人的重力，保持不变；故选D【点评】本题考查了动态平衡问题，用图解法比较直观，还可以用函数法4、D【解析】根据题意可知考查牛顿第二定律瞬时性，先用整体法计算加速度，再用隔离法分析物体B，用牛顿第二定律列方程便可求得【详解】初始时刻，弹簧的弹力等于A的重力，即 ，将一个质量为3kg的物体B竖直向下轻放在A上的一瞬间，整体的加速度隔离对B分析， ，解得 故D符合题意，A、B、C不符合题意【点睛】解决本题的关键能够正确地选择研究对象并进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，掌握整体法和隔离法

15、的运用对整体分析，根据牛顿第二定律求出加速度的大小，再隔离对B分析，运用牛顿第二定律求出A对B的支持力大小，根据牛顿第三定律得出B对A的压力大小5、D【解析】A、已知两车在t3s时并排行驶，那么在这3s时间内 ； 即乙比甲多走了 ，说明一开始甲在前，乙在后，两者之间的距离为，设经过时间 两者相遇，则 解得： 和即两者在1s和3s时相遇， 故A错误；B、已知两车在t3s时并排行驶，那么在这3s时间内 ； 即乙比甲多走了 ，说明一开始甲在前，乙在后，故B错误；C、从以上分析可知： 两者在同一点上，故C错误；D、1s末甲车的速度为: 1s到3s甲车的位移为: ，即甲、乙两车两次并排行驶的位置之间沿公

16、路方向的距离为40m，故D正确综上所述本题答案是：D6、A【解析】A做变速运动的物体，速度大小不一定变化，动能不一定变化；故A错误，符合题意；B做变速运动的物体，速度发生变化，动量一定不断变化；故B正确，不符题意；C合外力对物体做功为零，据动能定理，物体动能不变，物体动能的增量一定为零；故C正确，不符题意；D合外力的冲量为零，据动量定理，物体动量不变，物体动量的增量一定为零；故D正确，不符题意。故选A。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】试题分析：先对小球

17、受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，其中支持力的方向不变，拉力方向改变，根据平衡条件并结合图示法分析支持力和拉力的变化情况；然后对球和滑块整体分析，根据平衡条件列式分析对小球受力分析，受重力、支持力和细线的拉力，如图所示： 根据平衡条件，细线的拉力T增加，支持力N减小，根据牛顿第三定律，球对斜面的压力也减小，A正确B错误；对球和滑块整体分析，受重力、斜面的支持力N，杆的支持力，拉力F，如图所示，根据平衡条件，有：水平方向，竖直方向，由于N减小，故减小，F增加，C错误D正确8、ABD【解析】A.在0到t2时间内，支持力的大小小于重力，加速度大小向下，所以该同学处于失重状态故A正确；B.在t2时

18、刻，支持力的大小等于重力，加速度为0，故B正确；C.在0至t2时间内该同学加速度大小向下，t2时刻该同学的速度达到最大，故C错误；D.根据牛顿第二定律得在t3到t4时间内，支持力的大小大于重力，加速度方向向上，所以该同学处于超重状态，故D正确9、BC【解析】AB从A到B位移大小为9km，用时，由平均速度定义式可得整个过程的平均速度为故选项A错误，B正确；C速度计显示的是瞬时速度大小，故选项C正确；D经过C时速度的方向为过C点时运动轨迹的切线方向，故选项D错误。故选BC。10、AC【解析】A做功和热传递是改变物体内能的两种方法，由热力学第一定律知：为了增加物体的内能，必须对物体做功或向它传递热量

19、，故A正确；B对某物体做功，对物体做功，物体的内能不一定增加，因为物体可能向外界放热，故B错误；C在外界的影响下，可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功，故C正确；D根据热力学第二定律，知不可能使热量自发地从低温物体传向高温物体，但在外界的作用下，能使热量从低温物体传向高温物体，比如电冰箱，故D错误。故选AC。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1kg 1N【解析】试题分析：（1）在水平轨道上，由于受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线是在轨道水平的情况下得到的（2）根据牛顿第二定律得，图线的斜率表示质量的倒数，则，解得，因

20、为时，加速度为零，解得考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系【名师点睛】根据图象的特点结合牛顿第二定律分析求解理解该实验的实验原理和数据处理以及注意事项，知道实验误差的来源12、 CD 【解析】（1）由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，对滑块，位移：x=at2；对小球，位移：H=gt2，解得：；（2）设斜面倾角为，则：sin= ，cos= ，对滑块，由牛顿第二定律得：mgsin-mgcos=ma，加速度：，解得：=；（3）由=可知，能引起实验误差的是长度x、h、H测量时的读数误差，同时要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差，故选CD【点睛】本题考查了测动摩擦因数实验，应用匀加速直线运动和自由落体运动、牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意数学知识的应用；知道实验原理是正确解题的关键四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、 (1) (2) （2L，） (3) 【解析】本题考查带电粒子在电场中的综合问题。【详解】（1）由动能定理：解得：（2）电子在电场I中做匀加速直线运动，出区域I时的为v，此后电场II做类平抛运动，假设电子从CD边射出，出射点纵坐标为y，有联立可得：y所以原假设成立，即电子离开