2011安徽高考数学试卷(理)

1、2011年安徽省高考数学试卷（理科）及解析一、选择题（共10小题，每小题5分，满分50分）+ai1、（2011安徽）设i是虚数单位，复数为纯虚数，则实数a为（）2-iB、-2A、2C、D、考点：复数代数形式的混合运算。专题：计算题。分析：复数的分子、分母同乘分母的共轭复数，化简后它的实部为0,可求实数a的值.1+ai解答：解：复数它是纯虚数，所以a=2，(1+ai)(2+i)2-a+2ai+i(2-i)(2+i)=5故选A点评：本题是基础题，考查复数的代数形式的混合运算，考查计算能力，常考题型.2、（2011安徽）双曲线2x2-y2=8的实轴长是（）A、2B、2J2C、4D、4J2考点：双曲线

2、的标准方程。专题：计算题。分析：将双曲线方程化为标准方程，求出实轴长.解答：解：2x2-y2=8即为X2_兰=1a2=4:a=2故实轴长为4故选C点评：本题考查双曲线的标准方程、由方程求参数值.3、（2011安徽）设fx）是定义在R上的奇函数，当xW0时，fx）=2x2-x,则f（1）=（）A、-3B、-1C、1D、3考点：函数奇偶性的性质。专题：计算题。分析：要计算f(1)的值，根据fx)是定义在R上的奇函娄和，我们可以先计算f(-1)的值，再利用奇函数的性质进行求解，当xWO时，fx)=2x2-x,代入即可得到答案.解答：解：当xWO时，fx)=2x2-x,f(-1)=2(-1)2-(-1

3、)=3,又fx)是定义在R上的奇函数f(1)=-f(-1)=-3故选A点评：本题考查的知识点是函数奇偶性的性质，熟练掌握函数的奇偶性的性质是解答本题的关键.4、(2011安徽)设变量x，y满足lxl+lylW1,则x+2y的最大值和最小值分别为()A、1，-1B、2，-2C、1，-2D、2，-1考点：简单线性规划。专题：计算题。分析：根据零点分段法，我们易得满足lxl+lylW1表示的平面区域是以(-1,0)，(0，-1)，(1，0),(0,1)为顶点的正方形，利用角点法，将各顶点的坐标代入x+2y然后进行比较，易求出其最值.解答：解：约束条件lxl+lylW1可化为：x+y二1,x0,y0

4、x-y二1,x0,yVO0-y二1,xV0,yV0其表示的平面区域如下图所示：由图可知当x=0,y=1时x+2y取最大值2当x=0,y=-1时x+2y取最小值-2故选B点评：本题考查的知识点是简单线性规划，画出满足条件的可行域及各角点的坐标是解答线性规划类小题的关键.一兀5、(2011安徽)在极坐标系中，点(2,-)到圆p=2cos&的圆心的距离为()A2B、+扌C、1+于D、考点：圆的参数方程。专题：计算题。分析：在直角坐标系中，求出点的坐标和圆的方程及圆心坐标，利用两点间的距离公式求出所求的距离.解答：解：在直角坐标系中，点即(1,”3),圆即x2+y2=2x,即(x-1)2+y2=1,故

5、圆心为(1,0),故点(2,；)到圆p=2cos0的圆心的距离为(1-1)2+(-0)2=薦,故选D.点评：本题考查极坐标与直角坐标的互化，两点间的距离公式的应用.6、(2011安徽)一个空间几何体的三视图如图所示，则该几何体的表面积为A、48B、32+8J17C、48+817D、80考点：由三视图求面积、体积。专题：计算题。分析：由已知中的三视图我们可以得到该几何体是一个底面为等腰梯形的直四棱柱，根据三视图中标识的数据，我们分别求出四棱柱的底面积和侧面积即可得到答案.解答：解：如图所示的三视图是以左视图所示等腰梯形为底的直四棱柱，其底面上底长为2,下底长为4,高为4,1故底面积S底=X(2+

6、4)X4=12底2腰长为：ld=*T7则底面周长为：2+4+2X耳17=6+2J7则其侧面积S侧=4X(6+2)=24+8近7则该几何体的表面积为S=2XS底+S侧=2X12+24+8汨=48+8泪故选C.点评：本题考查的知识点是由三视图求面积、体积，其中根据三视图及标识的数据，判断出几何体的形状，并求出相应棱长及高是解答本题的关键.7、(2011安徽)命题“所有能被2整除的数都是偶数”的否定是()A、所有不能被2整除的整数都是偶数B、所有能被2整除的整数都不是偶数C、存在一个不能被2整除的整数是偶数D、存在一个能被2整除的整数不是偶数考点：命题的否定。专题：综合题。分析：根据已知我们可得命题

7、“所有能被2整除的数都是偶数”的否定应该是一个特称命题，根据全称命题的否定方法，我们易得到结论.解答：解：命题“所有能被2整除的数都是偶数”是一个全称命题其否定一定是一个特称命题，故排除A，B结合全称命题的否定方法，我们易得命题“所有能被2整除的数都是偶数”的否定应为“存在一个能被2整除的整数不是偶数”故选D点评：本题考查的知识点是命题的否定，做为新高考的新增内容，全称命题和特称命题的否定是考查的热点.8、（2011安徽）设集合A=1,2,3,4,5,6，B=4,5,6,7，8，则满足SQ4且SHBH0的集合S的个数是（）A、57B、56C、49D、8考点：子集与真子集。专题：计算题。分析：因

8、为集合S为集合A的子集，而集合A的元素有6个，所以集合A的子集有26个，又集合S与集合B的交集不为空集，所以集合S中元素不能只有1,2,3,把不符合的情况舍去，即可得到满足题意的S的个数.解答：解：集合A的子集有：1，2,3,4,5,6,1,2,1,3,1,4,1,5,，1,2,3,4,5,6,0,共64个；又SHBM0,B=4,5,6,7,8,所以S不能为：1,2,3,1,2,1,3,2,3,1,2,3,0共8个，则满足SCA且SHBM0的集合S的个数是64-8=56.故选B点评：此题考查学生掌握子集的计算方法，理解交集的意义，是一道基础题.9、（2011安徽）已知函数fx）=sin（2x+

9、0），其中0为实数，若f（x）f（兀），则fx）的单调递增区间是（B、兀k兀,k兀+(kgZ)2兀D、k兀-,k兀(kgZ)2TOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark57 o Current Document 兀兀A、k兀-,k兀+(k&Z)36 HYPERLINK l bookmark73 o Current Document 兀2兀C、k兀+,k兀+(k&Z) HYPERLINK l bookmark85 o Current Document 63考点：函数y=Asin（Wx+0）的图象变换。专题：计算题。分析：由若f（x）f(兀)，易求出满足条件的具体的0值，

10、然后根据正弦型函数单调区间的求法，即可得到答案.解答：解：若f(X)f(兀)即sin0VO5兀令k=-1，此时0=，满足条件6TOC o 1-5 h z HYPERLINK l bookmark79 o Current Document 5兀兀兀令2x丘2kn-，2kn+，kWZ HYPERLINK l bookmark81 o Current Document 622冗2兀解得xWk兀，k兀+(k&Z) HYPERLINK l bookmark102 o Current Document 63故选C点评：本题考查的知识点是函数y=Asin(Wx+0)的图象变换，其中根据已知条件求出满足条件的

11、初相角0的值，是解答本题的关键.10、(2011安徽)函数f(x)=axm(1-x)n在区间0,1上的图象如图所示，则m，n的值可能是C、m=2，n=1D、m=3，n=1考点：利用导数研究函数的单调性。专题：计算题；图表型。分析：由图得，原函数的极大值点小于0.5.把答案代入验证看哪个对应的极值点符合要求即可得出答案.解答：解：由于本题是选择题，可以用代入法来作,由图得，原函数的极大值点小于0.5.1a1当m=1,n=1时，fx）=ax（1-x）=-a（兀刁卫+匸.在x=2处有最值，故A错;当m=1,n=21f(x)=0nx=3，时，f(x)=axm(1-x)n=ax(1-x)2=a(x3-2

12、x2+x)，所以f(x)=a(3x-l)(x-1),令x=1,即函数在x=3处有最值，故B对；当m=2,n=1时，fx)=axm(1-x)n=ax2(1-x)=a(x2-x3),有f(x)=a(2x-3x2)=ax(2-3x),令f(x)=Onx=O,x=|，即函数在x=2处有最值，故C错；当m=3,n=1时，fx)=axm(1-x)n=ax3(1-x)=a(x3-x4),有f(x)=ax2(3-4x),令f(x)=0,Ox=0,3x=，即函数在x=处有最值，故D错.4故选B.点评：本题主要考查函数的最值（极值）点与导函数之间的关系.在利用导函数来研究函数的极值时，分三步求导函数，求导函数为0

13、的根，判断根左右两侧的符号，若左正右负，原函数取极大值；若左负右正，原函数取极小值.本本题考查利用极值求对应变量的值.可导函数的极值点一定是导数为0的点，但导数为0的点不一定是极值点.二、填空题（共5小题，每小题3分，满分15分）11、（2011安徽）如图所示，程序框图（算法流程图）的输出结果是15.考点：程序框图。专题：图表型。分析：分析程序中各变量、各语句的作用，再根据流程图所示的顺序，可知：该程序的作用是利用循环计算I值，并输出满足条件I105的第一个k值，模拟程序的运行过程，用表格将程序运行过程中变量k的值的变化情况进行分析，不难给出答案.解答：解：程序在运行过程中各变量的值如下表示:

14、kI是否继续循环循环前00是第一圈11是第二圈21+2是第三圈31+2+3是第四圈41+2+3+4是依次类推第十六圈151+2+3+15105否故最后输出的k值为：15,故答案为：15.点评：根据流程图(或伪代码)写程序的运行结果，是算法这一模块最重要的题型，其处理方法是:：分析流程图(或伪代码)，从流程图(或伪代码)中即要分析出计算的类型，又要分析出参与计算的数据(如果参与运算的数据比较多，也可使用表格对数据进行分析管理)建立数学模型，根据第一步分析的结果，选择恰当的数学模型解模.12、(2011安徽)设(x-1)21=a0+a1x+a2x2+a21x21，则%+牛尸0.JL乙1乙1JLJL

15、JJLJL考点：二项式定理的应用；二项式系数的性质。专题：计算题。分析：根据题意，可得(X-1)21的通项公式，结合题意，可得A1O=-C2111,a11=C2110，进而相加，由二项式系数的性质，可得答案.解答：解：根据题意，(X-1)21的通项公式为Tr+1=C21r(x)21-(-1)R,则有T10=C2110(x)11(-1)10，T11=C2111(x)10(-1)11，则A10=-C2111，A11=C2110，故A10+A11=C2110-C2111=0；故答案为：0.点评：本题考查二项式系数的性质与二项式定理的运用，解题时注意二项式通项公式的形式与二项式系数的性质，综合考查可得

16、答案.13、(2011安徽)已知向量a，B满足(a+2B)(A-B)=-6,IA1=1，IB1=2，则A与B的夹角为60考点：数量积表示两个向量的夹角。专题：计算题。分析：由已知向量a,b满足（a+2b）（a-b）=-6,Ia|=1,|b|=2，我们易求出ab的值，代入cose=即可求出a与b的夹角.解答：解：.(a+2b)(a-b)=a2-2b2+ab=1-8+ab=-6ab=1ab1cose=H=2又.oweW80.e=60abH故答案为60或者点评：本题考查的知识点是数量积表示两个向量的夹角，其中求夹角的公式cose=要熟练掌握.14、（2011安徽）已知ABC的一个内角为120。，并且

17、三边长构成公差为4的等差数列，则ABC的面积为.考点：余弦定理；数列的应用；正弦定理。专题：综合题。分析：因为三角形三边构成公差为4的等差数列，设中间的一条边为x，则最大的边为x+4,最小的边为x-4,根据余弦定理表示出cos120的式子，将各自设出的值代入即可得到关于x的方程，求出方程的解即可得到三角形的边长，然后利用三角形的面积公式即可求出三角形ABC的面积.解答：解：设三角形的三边分别为x-4,x，x+4，则cosl20 x2+(X-4)2-(x+4)2x(x-4)化简得：x-16=4-x,解得x=10,所以三角形的三边分别为：6,10,14则ABC的面积S=2X6X10sin120=1

18、5j3.厶故答案为：15：3点评此题考查学生掌握等差数列的性质，灵活运用余弦定理及三角形的面积公式化简求值,是一道中档题.15、（2011安徽）在平面直角坐标系中，如果x与y都是整数，就称点（x,y）为整点，下列命题中正确的是（写出所有正确命题的编号）.存在这样的直线，既不与坐标轴平行又不经过任何整点如果k与b都是无理数，则直线y=kx+b不经过任何整点直线l经过无穷多个整点，当且仅当l经过两个不同的整点直线y=kx+b经过无穷多个整点的充分必要条件是：k与b都是有理数存在恰经过一个整点的直线.考点：直线的一般式方程。专题：新定义。分析：举一例子即可说明本命题是真命题；举一反例即可说明本命题是

19、假命题；假设直线l过两个不同的整点，设直线l%y=kx,把两整点的坐标代入直线l的方程，两式相减得到两整点的横纵坐标之差的那个点也为整点且在直线l上,利用同样的方法，得到直线l经过无穷多个整点，得到本命题为真命题；根据为真命题，把直线l的解析式y=kx上下平移即不能得到y=kx+b,所以本命题为假命题；举一例子即可得到本命题为真命题.解答：解：令y=x+2，既不与坐标轴平行又不经过任何整点，所以本命题正确；若k=:2,b=:2，则直线y=2x+经过（-1,0）,所以本命题错误；设y=kx为过原点的直线，若此直线l过不同的整点（x1，y1）和（x2，y2）,把两点代入直线l方程得：y1=kx1,

20、y2=kx2，两式相减得：y1-y2=k(x1-x2),则-x2，y1-y2)也在直线y=kx上且为整点，通过这种方法得到直线l经过无穷多个整点，又通过上下平移得到y=kx+b不一定成立.则正确，不正确；令直线y=込x恰经过整点(0,0),所以本命题正确.综上，命题正确的序号有：.故答案为：点评：比题考查学生会利用举反例的方法说明一个命题为假命题，要说明一个命题是真命题必须经过严格的说理证明，以及考查学生对题中新定义的理解能力，是一道中档题.三、解答题(共6小题，满分75分)ex16、(2011安徽)设f(x)=，其中a为正实数1+ax24当a=3时，求fx)的极值点；若fx)为R上的单调函数

21、，求a的取值范围.考点：利用导数研究函数的极值；利用导数研究函数的单调性；一元二次不等式的解法。专题：计算题。4分析：(I)首先对fx)求导，将a=3代入，令f(x)=0,解出后判断根的两侧导函数的符号即可.(II)因为a0,所以fx)为R上为增函数，f(x)20在R上恒成立，转化为二次函数恒成立问题，只要AW。即可.解答：解：对fx)求导得1+ax2-2axf(x)=右)(1+ax2)24(I)当a=3时，若f(x)=0,则4x2-8x+3=0,解得1x,x1222结合，可知X1(p)1263230-0+増极大值减极小值I増所以，x是极小值点，X=是极大值点.1212(II)若fx)为R上的

22、单调函数，则f(x)在R上不变号，结合与条件a0知ax2-2ax+120在R上恒成立，因此=4a2-4a=4a(a-1)W0,由此并结合a0，知OVaWl.点评：本题考查求函数的极值问题、已知函数的单调性求参数范围问题，转化为不等式恒成立问题求解.17、(2011安徽)如图，ABEDFC为多面体，平面ABED与平面ACFD垂直，点O在线段AD上,OA=1，0D=2，0AB，0AC，0DE，0DF都是正三角形(I)证明直线BCEF；(/I)求棱锥F-OBED的体积.考点：空间中直线与直线之间的位置关系；棱柱、棱锥、棱台的体积。专题：综合题。分析：(I)利用同位角相等，两直线平行得到OBDE；OB

23、=1-DE，得到B是GE的中点；厶同理C是FG的中点；利用三角形的中位线平行于底边，得证.(/I)利用三角形的面积公式求出底面分成的两个三角形的面积，求出底面的面积；利用两个平面垂直的性质找到高，求出高的值；利用棱锥的体积公式求出四棱锥的体积.解答：解：(I)证明：设G是线段DA与线段EB延长线的交点，由于AOAB与AODE都是正三角形，所以OBDE,OB=2DE同理，设G是线段DA与线段FC延长线的交点，有OG=OD=2,又由于G与G都在线段DA的延长线上，所以G与G重合，在AGED和中，由OBDE,OB=1DE和0CDF,OC=1DF可知b,C分别是GE,GF的中点，所以BC是AGFO的中

24、位线，故BC/EFJ3(II)解：由OB=1,OE=2,ZEOB=60,知S=而AOED是边长为2的正三角形，BOE2故S=富3所以S=S+S=仝3过点F作FQ丄AD,交AD于点Q.由平OEDOBEDBOEOED2面ABED丄平面ACFD,FQ就是四棱锥F-OBED的高，且FQ=,所以13V=FQS=-F-OBED3OBED2同学们可参考图片，自行解一下，解法略.f综合送解盤用国另外本题还可以用向量法解答,点评：本题考查证明两条直线平行的方法有：同位角相等，两直线平行、三角形的中位线平行于底边、考查平面垂直的性质定理、棱锥的体积公式.18、(2011安徽)在数1和100之间插入n个实数，使得这

25、n+2个数构成递增的等比数列，将这n+2个数的乘积计作T,再令a=lgT,n三1.nnn求数列an的通项公式；设b=tanatana求数列b的前n项和S.nnn+1nn考点：等比数列的通项公式；数列与三角函数的综合。专题：计算题。分析：(I)根据在数1和100之间插入n个实数，使得这n+2个数构成递增的等比数列，我们易得这n+2项的几何平均数为10,故T=10n+2，进而根据对数的运算性质我们易计算出n数列an的通项公式；(II)根据(I)的结论，利用两角差的正切公式，我们易将数列bn的每一项拆成tan(n+3)-tan(n+2)一，,-的形式，进而得到结论.tan1解答：解：(I)在数1和1

26、00之间插入n个实数，使得这n+2个数构成递增的等比数列,又这n+2个数的乘积计作T,n:,T=10+2n又a=lgT,nn:.an=lglOn+2=n+2,n21.tan(n+3)-tan(n+2)(II)b=tanatana,=tan(n+2)tan(n+3)=-_1,nnn+tanltan(4)-tan(3)tan(5)-tan(4)tan(n+3)-tan(n+2)：Sn=b1+b2+bn=T+T+Ttanltanltanltan(n+3)-tan(3)=ntanl点评：本题考察的知识点是等比数列的通项公式及数列与三角函数的综合，其中根据已知求出这n+2项的几何平均数为lO,是解答本题

27、的关键.llll9、(20ll安徽)(1)设xl,y三l,证明x+y+W+xy；xyxy(II)lWaWbWc,证明logb+logbc+logaWlogba+logb+logbcbcCa考点：不等式的证明。专题：证明题；转化思想。分析：(I)根据题意，首先对原不等式进行变形有x+y+xy,llW+xyOxy(x+y)+lWx+y+(xy)2；再用做差法，让右式-左式，通过变形、整理xy化简可得右式-左式=(xy-l)(x-l)(y-l),又由题意中x2l,2l,判断可得右式-左式三0,从而不等式得到证明.、/lll(II)首先换兀，设logb=x,logc=y，由换底公式可得:loga=,l

28、ogb=,logc=,logc=xy,abbcaa将其代入要求证明的不等式可得：x+y+W-+-+xy；xyxy又有logab=x三l,logbc=y三l,借助(I)的结论，可得证明.解答：证明：(I)由于xl,y三l；lll贝9x+y+W+xyOxy(x+y)+lWx+y+(xy)2；xyxy用作差法，右式-左式=(x+y+(xy)2)-(xy(x+y)+l)=(xy)2-l)-(xy(x+y)-(x+y)=(xy+l)(xy-1)-(x+y)(xy-1)=(xy-1)(xy-x-y+1)=(xy-1)(x-1)(y-1);又由x1,y1,则xy1；即右式-左式三0,从而不等式得到证明.(I

29、I)设logab=x,logbc=y,由换底公式可得：logba=1logb=，cy1lOgaC=云logac=xy.于是要证明的不等式可转化为x+y+1W丄+1+xy；xyxy其中logab=x三1,logbc=y三1,由(I)的结论可得，要证明的不等式成立.点评：本题考查不等式的证明，要掌握不等式证明常见的方法，如做差法、放缩法；其次注意(II)证明在变形后用到(I)的结论，这个高考命题考查转化思想的一个方向.20、(2011安徽)工作人员需进入核电站完成某项具有高辐射危险的任务，每次只派一个人进去，且每个人只派一次，工作时间不超过10分钟，如果有一个人10分钟内不能完成任务则撤出，再派下

30、一个人.现在一共只有甲、乙、丙三个人可派，他们各自能完成任务的概率分别p1,p2,p3,假设p1,p2,p3互不相等，且假定各人能否完成任务的事件相互独立.(I)如果按甲在先，乙次之，丙最后的顺序派人，求任务能被完成的概率若改变三个人被派出的先后顺序，任务能被完成的概率是否发生变化？若按某指定顺序派人，这三个人各自能完成任务的概率依次为q1,q2,q3，其中q1,q2，q3是p1,p2,p3的一个排列，求所需派出人员数目X的分布列和均值(数学期望)EX；假定lppp3，试分析以怎样的先后顺序派出人员，可使所需派出的人员数目的均值(数学期望)达到最小.考点：离散型随机变量的期望与方差；相互独立事件的概率乘法公式。专题：计算题；应用题。分析：(I)可先考虑任务不能被完成的