2022-2023学年吉安市重点中学物理高三上期中学业水平测试模拟试题（含解析）

1、2022-2023高三上物理期中模拟试卷注意事项：1答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，“神舟八号”飞船与“天宫一号”目标飞行器于北京时间2011年11月3日凌晨实现刚性连接，形成组合体，使中国载人航天首次空间交会对接试验获得成功若已知地球的自转周期

2、T、地球半径R、地球表面的重力加速度g、组合体运行的轨道距地面高度为h，下列表达式正确的是（）A组合体所在轨道处的重力加速度g=RgR+hB组合体围绕地球作圆周运动的角速度大小=gR+hC组合体的线速度大小v=2R+hTD组合体的运行周期T=42R+h3gR22、如图，物块、质量均为，水平地面光滑，与之间动摩擦因素，与用不可伸长的轻绳连接，绳子与水平方向夹角外力水平向右作用在上，使三者一起向右运动，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为，则A物块对水平地面的压力为B物块与之间的摩擦力最大为C物块的加速度最大为D物块的加速度可能大于3、如图所示，斜面上有a、b、c、d四个点，abbccd，从

3、a点正上方以速度v水平抛出一个小球，它落在斜面的b点；若小球从以速度2v水平抛出，不计空气阻力，则它落在斜面上的（ ）Ab与c之间某一点Bc点Cd点Dc与d之间某一点4、如图所示。斜面倾角为，且，从斜面上O点与水平方向成45角以速度v0、2v0分别抛出小球P、Q，小球P、Q刚要落在斜面上A、B两点时的速度分别为vP、vQ，设O、A间的距离为s1，O、B间的距离为s2，不计空气阻力，则（）As2=4s1，vP、vQ方向相同Bs2=4s1，vP、vQ方向不同C2s1s24s1，vP、vQ方向相同D2s1s24s1，vP、vQ方向不同5、如图所示，倾角为的斜面体C放于粗糙水平面上，物块A通过斜面顶端

4、的定滑轮用细线与B连接，细线与斜面平行斜面与A之间的动摩擦因数为，且，则小球一定能通过最高点PD若v0 ，则细绳始终处于绷紧状态三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11（6分） “探究加速度与力、质量的关系”的实验装置如下图所示。(1)下列说法正确的是_。A每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B小车释放前应靠近打点计时器，且先释放小车后接通打点计时器的电源C本实验砝码及砝码盘B的质量应远大于小车A的质量D在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象(2)某同学将长木板右端适当垫高，其目的是_。但他把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大用a表示小车的

5、加速度，F表示细线作用于小车的拉力他绘出的a - F关系图象是_ABCD(3)打点计时器使用的交流电频率f50Hz。下图是某同学在正确操作下获得的一条纸带，A、B、C、D、E每两点之间还有4个点没有标出。则C点的速度为_m/s；根据纸带所提供的数据，算得小车的加速度大小为_m/s2（结果均保留两位有效数字）。12（12分）利用图1实验装置验证机械能守恒定律实验操作步骤如下，请将步骤B补充完整：A按实验要求安装好实验装置；B使重物靠近打点计时器，接着先_，打点计时器在纸带上打下一系列的点；C图2为一条符合实验要求的纸带，O点为打点计时器打下的第一点分别测出若干连续点A、B、C与O点之间的距离h1

6、、h2、h3已知打点计时器的打点周期为T，重物质量为m，重力加速度为g，结合实验中所测得的h1、h2、h3，纸带从O点下落到B点的过程中，重物增加的动能为_，减少的重力势能为_四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13（10分）如图所示，在倾角的斜面上固定一块竖直放置的挡板，在挡板和斜面之间放有一个光滑圆球，当系统静止时挡板上的压力传感器显示压力为20N，试求：（1）球队斜面的压力和圆球的重力；（2）要让挡板压力为零，整个装置在水平方向上将怎样动？（小球相对斜面还是静止的）14（16分）一颗在赤道上空运行的人造卫星，其轨道

7、半径为r=2R(R为地球半径)，卫星的转动方向与地球自转方向相同.已知地球自转的角速度为，地球表面处的重力加速度为g.求：(1)该卫星所在处的重力加速度g；(2)该卫星绕地球转动的角速度；(3)该卫星相邻两次经过赤道上同一建筑物正上方的时间间隔.15（12分）一列简谐横波在介质中沿x轴正向传播，波长80cmO和A是介质中平衡位置分别位于x=0和x=40cm处的两个质点t0时开始观测，此时质点O的位移y=-8cm，质点A处于y=-16cm的波谷位置；t0.5s时，质点O第一次回到平衡位置，而t=1.5s时，质点A第一次回到平衡位置求：（）这列简谐横波的周期T、波速v和波长；（）质点A振动的位移y

8、随时间t变化的关系式参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】地球表面的物体受到的重力等于万有引力，即：GMmR2=mg，则：GM=gR2，组合体绕地球做圆周运动，万有引力提供向心力；A、由万有引力定律得：GMm(R+h)2=mg，解得：g=gR2(R+h)2，故A错误；B、由万有引力定律得：GMm(R+h)2=m2（R+h），解得：=gR2(R+h)3，故B错误；C、由万有引力定律得：GMmr2=m2T2r，解得：T=2r3GM，组合体的轨道半径：R+hR，组合体的周期：TT，组合体的线速度：v=2R+hT2

9、R+hT，故C错误；D、由万有引力定律得：GMm(R+h)2=m(2T)2（R+h），解得：T=42(R+h)3gR2，故D正确；点睛：本题考查了万有引力定律的应用，知道万有引力提供向心力，应用万有引力公式与牛顿第二定律即可解题，解题时注意“黄金代换”的应用。HYPERLINK /console/media/gIhV4mjRfVbPWDlkXJN8bxxXGl2ZPOIksbWYgniVWY9uiV_LTRUHHIg5_TkF6-Af7QW_YIGe1F2kRK-mtICU6vTw1rvC9Vr2JofwxC4w1M2npKc_HtEmgJ8G6XdAmxxbkUJfczlcZNd_ImSSb

10、r4TwQ视频2、D【解析】A对整体受力分析，根据牛顿第二定律可知，对A分析，在水平方向上受到地面的支持力，重力和绳子的拉力，根据正交分解法可得，在水平方向上在竖直方向上故A错误；B因为绳子对B的拉力有一个竖直向下的分力，所以B对C的压力大于mg，故最大静摩擦力大于0.6mg，B错误；CD当B即将滑动时，加速度最大，此时有对A分析有联立有即，其中，故最大加速度大于0.3g，物块B的加速度有可能大于0.3g，C错误D正确故选D.3、A【解析】过b做一条与水平面平行的一条直线，若没有斜面，当小球从O点以速度2v水平抛出时，小球落在水平面上时水平位移变为原来的2倍，则小球将落在我们所画水平线上c点的

11、正下方，但是现在有斜面的限制，小球将落在斜面上的b、c之间故选A点睛：本题考查角度新颖，很好的考查了学生灵活应用知识解题的能力，在学习过程中要开阔思路，多角度思考如本题中学生可以通过有无斜面的区别，找到解题的突破口4、A【解析】设抛出的速度为v，则水平分速度为竖直速度为根据位移关系有解得则落点与抛出点的距离为则由题意可知初速度为v0、2v0分别抛出小球P、Q，则有s2=4s1落到斜面上的速度方向与水平方向的夹角满足即速度方向均为水平，所以vP、vQ方向相同，故A正确，BCD错误。故选A。5、C【解析】由可知，若无绳子拉力，A不可能静止于斜面上，即最小不可以为0，故A错误；整个装置处于静止状态，

12、把整个装置看做一个整体，可知地面对斜面体C的摩擦力为0，故B错误；若开始B质量较小，A有向下滑的趋势；增大，物块A有可能有向上滑的趋势，摩擦力方向相反，大小可能不变，故C正确；剪断A、B间的连线后，由可知，A不可能静止于斜面上，A加速下滑，A超重，所以地面对斜面体C的支持力大于A、C的重力之和，故D错误故选C【点睛】由可知，若无绳子拉力，A不可能静止于斜面上整个装置处于静止状态可以考虑用整体法研究地面对斜面体C的摩擦力方向6、D【解析】试题分析：上述实验过程中，小球5能够达到与小球1释放时相同的高度，说明系统机械能守恒，而且小球5离开平衡位置的速度和小球1摆动到平衡位置的速度相同，说明碰撞过程

13、动量守恒，但随后上摆过程动量不守恒，动量方向在变化，选项AB错根据前面的分析，碰撞过程为弹性碰撞那么同时向左拉起小球1、2、3到相同高度（如图丙所示），同时由静止释放，那么球3先以与球4发生弹性碰撞，此后球3的速度变为0，球4获得速度后与球5碰撞，球5获得速度，开始上摆，同理球2与球3碰撞，最后球4以速度上摆，同理球1与球2碰撞，最后球3以速度上摆，所以选项C错D对考点：动量守恒 弹性碰撞二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】物体在斜面上能够上升的最大高度为

14、h，所以重力势能增加了mgh，故A正确；根据牛顿第二定律知，物体运动的加速度大小为g，所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得，Ek=-mg2h=-2mgh，知动能减小2mgh。则B错误；因动能减小2mgh，物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh，除重力以外的力做的功等于物体机械能的变化量，则摩擦力对物体做-mgh的功，所以克服摩擦力做功mgh，故C错误，D正确，故选AD。【点睛】解决本题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以及除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用.8、BD【解析】小木块m与长木板M构成的系统动量守恒,设小木块滑到最左端

15、和最右端的速度分别为v1 、v2 以向左为正方向,小木块从开始位置滑动到最左端的过程,由动量守恒定律得:mv0=(M+m)v1 小木块从开始位置滑动到最后相对长木板静止过程:mv0=(M+m)v2 计算得出:v1=mv0(M+m) v2=mv0(M+m) 小木块滑动到最左端的过程中,由能量守恒定律得:12mv02=12(M+m)v12+Q+EpQ=fL 小木块从开始滑动到最右端的过程中,由能量守恒定律,12mv02=12(M+m)v22+Q Q=2fL 由以上各式可以解出Ep 、Q、Q,故BC正确,求出Q后,如果已知木板长度L:Q=mgL ,可以求出木板和小物块间的动摩擦因数,所以D选项是正确

16、的;因为缺少弹簧的压缩量,无法求出弹簧的劲度系数,故A错误;综上所述本题答案是：BCD9、BC【解析】A、物体做曲线运动时，受到的合力的方向指向轨迹弯曲的内侧，由此可知，该粒子受到的电场力的方向逆着电场线向左，所以粒子带负电，故A错误；B、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，A点的电场线密，场强大，所以粒子在A点时受到的电场力的大小比在B点受到的大，故B正确；C、D、粒子在由电场中的A点运动到B点的过程中，电场力方向与速度方向的夹角为钝角，电场力对粒子做负功，粒子的动能减小，电势能增加，所以粒子在A点的动能比在B点的动能大，粒子在A点的电势能比在B点的电势能小，C正确，D错

17、误；故选BC.【点睛】对于本题关键是根据粒子运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧，运用力学知识来研究粒子在电场中运动的问题10、AC【解析】A由于小球做圆周运动，在最低点由拉力与重力的合力提供向心力，所以小球运动到最低点 Q时，拉力一定大于重力，故A正确；B在最高点，有在最低点，有： 从最高点到最低点，根据机械能守恒定律，有联立解得：与最低点速度大小无关，故B错误；C小球恰好通过最高点，在最高点，有解得：从最高点到最低点，根据机械能守恒定律，有解得：所以小球一定能通过最高点P，故C正确；D根据动能定理得解得不越过四分之一圆周的最小速度所以当时，细绳始终处于绷紧状态，若小

18、球能过最高点则最小速度为，由于所以细绳不一定始终处于绷紧状态，故D错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、D 平衡摩擦力 C 0.21 0.60 【解析】(1)1A实验前要平衡摩擦力，每次改变小车质量时，不需要重新平衡摩擦力，故A错误；B为了充分利用纸带小车释放前应靠近打点计时器，且应先接通电源，然后再释放小车，故B错误；C在砝码及砝码盘B的质量远小于小车A的质量时，小车受到的拉力近似等于砝码及砝码盘受到的重力，故C错误；D应用图象法处理加速度与质量关系实验数据时，为了直观，应作图像，故D正确。(2)2将长木板右端适当垫高，其目的是平

19、衡摩擦力；3把长木板的右端垫得过高，使得倾角过大，则拉力为零时，具有加速度，故C正确；(3)4利用匀变速直线运动的平均速度等于时间中点的瞬时速度可得5利用逐差法可得12、 接通电源再释放纸带； mgh1【解析】B:使重物靠近打点计时器，接着先接通电源再释放纸带，打点计时器在纸带上打下一系列的点；C: 纸带从O点下落到B点的过程中，重物增加的动能 又则重物增加的动能；带从O点下落到B点的过程中，减少的重力势能为mgh1四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）40N （2）整个装置向左以的加速度匀加速直线运动，或者向右以的加速度做匀减速直线运动【解析】（1）将球的重力按照作用效果沿着垂直挡板和垂直斜面方向分解，如图所示：结合几何知识可得： 得： ，；（2）板压力为零时，加速度必水平向左，受重力和支持力，合力水平，如图所示：合力： 根据牛顿第二定律，有： 解得：，水平向左故系统向左以的加速度匀加速直线运动，或者向右以的加速度做匀减速直线运动14、（1）（2）（3）【解析】(1)在地球表面处物体受到的重力等于万有引力mg=，在轨道半径为r=2R处,仍有万有引力等于重力mg=，解得：