福建漳州2017-2018学年高一年上学期期末教学质量检测物理试题解析版

1、福建省漳州市2017-2018学年高一年上学期期末教学质量检测物理试题一、选择题：1.下列关于质点说法正确的是（）A.研究乒乓球的旋转时，乒乓球可视为质点B.研究跳水运动员的空中动作时，运动员可视为质点C.计算动车从北京开往漳州所用的时间时，动车可视为质点D.研究自行车运动时，因车轮在转动，在任何情况下自行车都不能视为质点【答案】C【解析】研究乒乓球的旋转时，乒乓球大小不能忽略，不可视为质点，选项A错误；研究跳水运动员的空中动作时，运动员的大小和形状不能忽略，不可视为质点，选项B错误；计算动车从北京开往漳州所用的时间时，动车大小可以忽略，可视为质点，选项C正确；研究自行车的运动时，当自行车的尺

2、寸远小于路程时，可以简化为质点，故 D错误；故选C.点睛：当物体的大小和形状在所研究的问题中能忽略，物体可以看成质点.F,.如图，重为G的压路机在水平路面上缓慢行驶，路面对压路机的支持力为N,压路机对路面的压力为关于G、N、F,下列说法正确的是（）F大于NF与G大小相等F 和 N 是一一对平衡力N和G是一对作用力和反作用力【答案】B【解析】压路机在水平路面上缓慢行驶,路面对压路机的支持力N和压路机对路面的压力F是地面与路面间的相互作用力，根据牛顿第三定律，总是大刁语等、方向相反、作用在同一条直线上；故ACD错误；压路机对路面的压力F的大小等于重力G的大小，选项E止确；故选B点睛：解决本题的关键

3、掌握作用力与反作用力和平衡力的区别，作用力和反作用力作用在不同的物体上, 平衡力作用在同一个物体上.如图，一轻弹簧上端固定在天花板上，此时弹簧的长度为“，现下端悬挂一个质量为 m的木块，木块静止时弹簧的长度为I （弹簧的形变在弹性限度内）。重力加速度为g。此弹簧的劲度系数为（）mgmgA. B.C. I I D.% 1【答案】Dmg【解析】由胡克定律：mg=k（l-l 0）,解得 二 1，故选D.关于位移、速度、加速度的关系，下列说法正确的是（）A.位移变化越快，速度越大B.位移越大，加速度越大C.速度变化越大，加速度不越大D.加速度的方向就是速度的方向【答案】A【解析】速度是描述物体位置变化

4、快慢的物理量，则位移变化越快，速度越大，选项A正确；位移与加速度、初速度即时间都有关，则位移越大，加速度不一定越大，选项 B错误；速度变化越大，加速度不一定越大，还要看时间的长短，选项 C错误；加速度的方向就是速度变化的方向，选项 D错误；故选A.下面哪一组单位属于国际单位制的基本单位（）A. . I, . I.- B. ni、山C. . A D. -【答案】C【解析】单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本C正确.故选C.物理量.分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量.他们在国际单位制中的单位 分别为米、千克、秒、开尔文、安培、

5、坎德拉、摩尔.所以 点睛：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是什么，它们在国际单位制分别是什么, 这都是需要学生自己记住的.如图为某质点的v-t图像，则（）A.质点在前20s内通过的路程为175m.第40s末质点离出发点最远C.第45s末质点的速度与加速度方向相同D.第5s末质点的加速度比第 45s末的加速度大【答案】A【解析】质点在前 20s内通过的路程为$5 + 10） x 10m 10 x= 175m ,选项A正确；0-50s内速度一直为正，则第50s末质点离出发点最远，选项 B错误；第45s末质点的速度为正，加速度为负，则方向相反，选项C错误；直线的斜率等于加速度，则

6、第5s末质点的加速度比第 45s末的加速度小，选项 D错误；故选A.点睛：对于速度图象问题，关键从两个数学意义来理解其物理意义：斜率表示物体运动的加速度；速度图象与坐标轴围成的面积表示位移.如图，一倾角为45。的斜面固定于竖直墙上，为使一重为G的光滑匀质铁球静止，可加一水平推力F,且F通过球心，则（）.铁球一定受到4个力的作用C.铁球一定受到墙水平向左的弹力D.铁球一定受到斜面的弹力且垂直斜面向上【答案】D【解析】当F最小时，竖直墙面对小球的弹力为零，则此时小球受重力、斜面的支持力和力F三个力作用,由小球的受力图可知 F=G ,选项ABC错误；铁球一定受到斜面的弹力且垂直斜面向上，否则就不会平

7、衡，选项D正确；故选D.在电梯里，把一重物置于水平台秤上，台秤与力的传感器相连，电梯从静止开始一直上升，最后停止运动。传感器的屏幕上显示出其所受的压力与时间的关系图像，如图所示，取 g = 则（）时间（豺1A.从图中可以求出重物的重为 50N.电梯上升时取大加速度为 一m/s2 30-4s电梯中的重物处于失重状态18-22s内，电梯中的重物处于先失重再超重状态【答案】B【解析】4-18s内电梯匀速上升，则知mg=30N,选项A错误；在0-4s内，重物对台秤的最大压力Nm=50N ,由牛顿第二定律有：Nm-mg=mam,解得：最大加速度= =m/s2=6.7m/s选项B正确；.0-4s电梯中的重

8、物所受的支持力大于重力，处于超重状态，选项 C错误；18-22s内，电梯中的重物所受的支持 力小于重力，处于失重状态，选项 D错误；故选B.点睛：本题考查读图的能力，关键抓住产生超重和失重现象时，重物对台秤的压力与重力的关系.运用牛顿第二定律研究.注意重物所受的支持力大于重力，处于超重状态，反之是失重9.如图，倾角。足够长的传送带以恒定速率顺时针运行，现将一质量 m=2kg的小物体轻放在传送带的 A端，小物体与传送带间的动摩擦因数B = W = lOin/s2 , sin370 = 0 6 ,则在上滑过程中的小物体（）A.加速度恒定B.先加速后匀速直线运动C.所受的摩擦力方向不变D.所受的滑动

9、摩擦力大小为16N【答案】BC【解析1开始时物块受到向上的滑动摩擦力卜因 = umC|cos370 = 12.BN mQSln370 = 12N -,.止，随传送带匀速上滑，此时聘摩擦力方向向上，则选项BC正确dD错误；故选BC.此题关键是分析物块的受力情况，从而分析其运动情况，注意当皿日时，当物块与传送带共速后将与传送带相对静止，若RMtanB时，物块不能滑上传送带.10.屋檐每隔0.2s由静止落下一滴水滴，t时刻某一水滴欲下落时，刚好只有两滴水滴分别位于高为1.4m的窗户上、下沿，若不考虑其他阻力的影响，取8=1所占二则（ ）上沿窗户下沿A.水滴从窗户上沿到下沿的平均速度为7m/sB.水滴

10、从屋檐到窗户上沿的下落时间为0.8sC.窗户下沿离屋檐的高度为3.2mD. t时刻窗户下沿到屋檐之间有5滴水滴正在下落【答案】AC【解析】水滴从窗户上沿到下沿的平均速度为v=- = m/5 = 7m/s,选项A正确；水滴经过窗户上下沿中间L,v 7g 10时刻的速度为7m/s,经历的时间t =- = s = 0.75,则水滴从屋檐到窗户的上沿用时间为ti=0.7s-0.1s=0.6s,则此时窗户下沿到屋檐之间有 5滴水滴正在下落，刻则选项 B错误，D正确；窗户下沿离屋檐的高度为 1卜 h = ； 乂 10 乂 0,6% + I 4m = 3.2m ,选项 C 正确；故选 CD.点睛：解决本题的

11、关键知道自由落体运动是初速度为0,加速度为g的匀加速直线运动.本题也可以通过初速度为零的匀加速直线运动的推论，在相等时间间隔内的位移之比为1: 3: 5: 7.求出下落的高度.11.如图，一竖直放置的大圆环，在其水平直径上的A、B两端系着一根不可伸长的柔软细绳，绳上套有一光滑小铁环。现将大圆环在竖直平面内绕圆心O点逆时针缓缓转过一个微小角度，轻绳对 A、B两点拉力FaFb,则（）A. F.&变小 B. Fb变大C.轻绳对小铁环的作用力变大D. 小铁环与O点总是在同一竖直线上【答案】AD【解析】设绳子是长度是2L, AB的长度是2l, AB水平时绳子与水平方向的夹角是平衡时两根绳子的拉力相等，设

12、绳子拉力为Fi,有：2Fisin -mg=0 ,得：Fa=Fb=Fi = 由图可知，cos a=-.L将大圆环绕着杆中点 O在竖直平面内逆时针缓慢转过一个角度时，绳子与水平方向的夹角是以平衡时两根绳子的拉力仍然相等，设绳子拉力为F2,有：2F2Sin和g=0 ,mg联立解得：Fa = Fb =.设此时环到B的距离是Li,到A的距离是L2,则：Li+L2=2L而由图可知，很显然：L1cos +L2cos叱2l,即：cos纥1得：“V 0,所以：Fa昔V Fa=Fb.即Fa变小，Fb变小，故A正确，B错误.L轻绳对小铁环的作用力等于小圆环的重力，则大小不变，选项 C错误；当大圆环在竖直平面内绕圆心

13、O点转动时，由几何知识可知，AB两点到圆心O的水平距离总相等，两侧绳子与竖直方向的夹角相等，则小铁环与O点总是在O点正下方的同一竖直线上，选项 D正确；故选AD.点睛：本题中铁环与动滑轮相似，两侧绳子拉力大小相等，运用正交分解法研究平衡状态，注意几何关系在题目中的运用.如图，木块A、B的质量均为1kg,它们与水平面间的动摩擦因数均为0.2,它们之间用一轻质弹簧连接，取目=ldiwd,现用F=10N的水平拉力作用在 A上使A、B 一起向右做匀加速直线运动，某时刻撤去F,则()A.撤去F前A、B的加速度为B.撤去F前弹簧的弹力大小为 5NC.撤去F的瞬间A的加速度大小为7m/s2 D.撤去F的瞬间

14、B的加速度大小为 细面【答案】BC、， 一，. F- u - 2mg 101 、， 一 【解析】撤去 F刖A、B的加速度为a =-=0,2 乂 10 = 3m收,选项A错误；撤去F刖弹簧的弹力 2m 2大小为Fi=ma+(i mg=5N,选项B正确；撤去 F的瞬间，弹力不变，对 A ：科mg+F=maA,解得aA=7m/s；对B ,因弹力和摩擦力都不变，则加速度仍为3m/s2,则选项C正确，D错误；故选BC. TOC o 1-5 h z 点睛：本题关键是要知道撤掉拉力的瞬间弹簧的弹力不变，运动的方向不变，则摩擦力大小和方向也不变.二、实验题：.某同学用如图所示的实验装置来验证力的平行四边形定则

15、”，实验步骤如下：用两个弹簧测力计互成角度拉细绳套，使橡皮条伸长，结点到达纸面上某一位置，记为1 ；记录两个弹簧测力计的示数 F和%,及记下方向；只用一个弹簧测力计，将结点仍拉到位置。1,记录测力计的示数F,；按照力的图示要求，作出拉力IJ ；根据力的平行四边形定则作出 F和%的合力F ；比较F3和F的一致程度。(1)实验步骤中，有一个重要遗漏是 ;(2)改变FpFm重复步骤至进行第二次实验，记下结点位置O二位置Q (选填 必须”或 不必”)与第一次5点相同。【答案】(1). (1)记下拉力网的方向；(2).不必【解析】(1)实验步骤中，有一个重要遗漏是：记下拉力网的方向；(2)改变重复步骤至

16、进行第二次实验，记下结点位置O2,因为是两次不同的实验，则位置 5不必与第一次。1点相同.如图a为探究加速度与合外力关系 ”的实验装置。拄慨带打点针时物 UIffi a(1)要认为细线对小车的拉力近似等于重物的重力，则小车的质量M和重物的质量 m应该满足的关系是；(2)打点计时器所用电源的频率为50Hz,某次实验获得的一条纸带如图b所示，1、2、3、4、5是5个连续的计数点，测得$ = 1 19cm曰= Z00cm,x& = 2.41cm。则相邻两个计数点间的时间间隔T=s,小车的加速度 a=W,J (结果保留两位有效数字 )。图b(3)经过6次实验，得到如图 c所示的a-F图线，为使得图线可

17、以通过坐标原点，应适当调整装置，可将 垫木,再做实验。【答案】 (1). (1) m 远小于 M;(2). (2) 0.10(3). 0.40;(4). (3)左移或垫高【解析】(1)当小车的质量远大于祛码盘和祛码的总质量时，才能近似认为细线对小车的拉力大小等于祛 码盘和祛码的总重力大小；(2)相邻两个计数点间的时间间隔为：T=0.02 X5=0.10s x4k X3-XX 0.0241 + 0.0200-0.0161-0.0119.，小车的加速度为：、1 I0.04(3)由图可以看出当F达到一定数值之后才开始有加速度，该图线不通过坐标原点的原因可能是：平衡摩擦力不足.则为使得图线可以通过坐标

18、原点，应适当调整装置，可将垫木左移或垫高，再做实验。点睛：解决本题的关键知道实验的研究方法，会通过图象探究加速度和力和质量的关系，知道实验中的两个认为：1、认为细线的拉力等于小车的合力，2、认为祛码盘和祛码的总重力等于细线的拉力，能根据纸带求解加速度和速度.三、计算题：. 一辆汽车在水平路面上由静止开始做匀加速直线运动，加速度 a = 2m/s2 o求：(1)汽车在第5s末的速度大小 v;(2)汽车在前10s内的位移大小s。【答案】(1) 10m/s (2) 100m【解析】(1)根据匀变速直线运动规律得：v=at解得：v=10m/s（2）根据匀变速直线运动规律得:解得s=100m16.如图，

19、质量为 m的匀质小球放在倾角9的光滑斜面上，用水平细绳系住，细绳通过球心O,处于静止状态，重力加速度为 g,求：（1）小球受到细绳拉力 T的大小；（2）小球对斜面压力 F的大小。【答案】（1） T = mglanS （2） F =- cos【解析】（1）小球受力如图所示，则 I - （2）同理有cosy又根据牛顿第三定律得：-r mg解得cose17.娱乐风洞”是一集高科技与惊险的娱乐项目，表演者通过调整身姿，来改变所受的向上风力大小，人体可上下移动的空间总高度为Ho假设站立时表演者所受的向上风力为体重的横躺时表演者所受的向上风力为体重的2倍。如图所示，表演开始时开启风力，表演者先以站立身姿从A点静止下落，经过 B点时立即调整为横躺身姿，运动到最低点C处恰好减速为零，重力加速度为g,求：(1)表演者在AB段运动时的加速度大小；(2) BC段的距离。【答案】(1),(2) % =尹【解析】(1)设表演者质量为 m ,站立时向上风力为F1,横躺时向上风力为F?,依题意有，F = 上=2mg 4站立时由牛顿第二定律得mg-F = maj解得(2)横躺时由牛顿第二定律得：玛mg = ma2解得设表