2023年江苏高考 物理大一轮复习 第七章 专题强化十一　碰撞模型的拓展课件（54张PPT）

1、第七章动量专题强化十一碰撞模型的拓展 目标要求1.会分析、计算“滑块弹簧”模型有关问题.2.理解“滑块斜(曲)面”模型与碰撞的相似性，会解决相关问题.内容索引题型一“滑块弹簧”模型题型二“滑块斜(曲)面”模型课时精练题型一“滑块弹簧”模型1.模型图示2.模型特点(1)动量守恒：两个物体与弹簧相互作用的过程中，若系统所受外力的矢量和为零，则系统动量守恒.(2)机械能守恒：系统所受的外力为零或除弹簧弹力以外的内力不做功，系统机械能守恒.(3)弹簧处于最长(最短)状态时两物体速度相等，弹性势能最大，系统动能通常最小(相当于完全非弹性碰撞，两物体减少的动能转化为弹簧的弹性势能).(4)弹簧恢复原长时，

2、弹性势能为零，系统动能最大(相当于刚完成弹性碰撞).例1如图甲所示，一个轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物块A、B相连接并静止在光滑的水平地面上.现使A以3 m/s的速度向B运动压缩弹簧，速度时间图像如图乙，则有A.在t1、t3时刻两物块达到共同速度1 m/s，且弹簧都处于压缩状态B.从t3到t4时刻弹簧由压缩状态恢复原长C.两物块的质量之比为 m1m221D.在t2时刻A与B的动能 之比Ek1Ek218由题图乙可知t1、t3时刻两物块达到共同速度1 m/s，且此时系统动能最小，根据系统机械能守恒可知，此时弹性势能最大，t1时刻弹簧处于压缩状态，而t3时刻处于伸长状态，故A错误；结合图像

3、弄清两物块的运动过程，开始时A逐渐减速，B逐渐加速，弹簧被压缩，t1时刻二者速度相同，系统动能最小，势能最大，弹簧被压缩到最短，然后弹簧逐渐恢复原长，B仍然加速，A先减速为零，然后反向加速，t2时刻，弹簧恢复原长状态，由于此时两物块速度相反，因此弹簧的长度将逐渐增大，两物块均减速，在t3时刻，两物块速度相等，系统动能最小，弹簧最长，因此从t3到t4过程中弹簧由伸长状态恢复原长，故B错误；根据动量守恒定律，t0时刻和tt1时刻系统总动量相等，有m1v1(m1m2)v2，其中v13 m/s，v21 m/s，解得m1m212，故C错误；在t2时刻A的速度为vA1 m/s，B的速度为vB2 m/s，根

4、据m1m212，求出Ek1Ek218，故D正确.例2如图所示，质量分别为1 kg、3 kg的滑块A、B位于光滑水平面上，现使滑块A以4 m/s的速度向右运动，与左侧连有轻弹簧的滑块B发生相互作用.求二者在发生相互作用的过程中，(1)弹簧的最大弹性势能；答案6 J当弹簧压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大，此时滑块A、B同速.系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得mAv0(mAmB)v弹簧的最大弹性势能即此时滑块A、B损失的动能(2)滑块B的最大速度.答案2 m/s，方向向右当弹簧恢复原长时，滑块B获得最大速度，由动量守恒定律和能量守恒定律得mAv0mAvAmBvm解得vm2 m/s，方向向

5、右.例3如图所示，一轻质弹簧的一端固定在滑块B上，另一端与滑块C接触但未连接，该整体静止放在离地面高为H5 m的光滑水平桌面上.现有一滑块A从光滑曲面上离桌面h1.8 m高处由静止开始滑下，与滑块B发生碰撞并粘在一起压缩弹簧推动滑块C向前运动，经过一段时间，滑块C脱离弹簧，继续在水平桌面上匀速运动一段距离后从桌面边缘飞出.已知mA1 kg，mB2 kg，mC3 kg，取g10 m/s2，不计空气阻力.求：(1)滑块A与滑块B碰撞结束瞬间的速度大小；答案2 m/s滑块A从光滑曲面上h高处由静止开始滑下的过程机械能守恒，设其滑到水平桌面时的速度为v1，由机械能守恒定律有mAgh mAv12，解得v

6、16 m/s滑块A与B碰撞的过程，A、B系统的动量守恒，碰撞结束瞬间具有共同速度，设为v2，由动量守恒定律有mAv1(mAmB)v2，解得v2 v12 m/s(2)被压缩弹簧的最大弹性势能；答案3 J滑块A、B发生碰撞后与滑块C一起压缩弹簧，压缩的过程机械能守恒，被压缩弹簧的弹性势能最大时，滑块A、B、C速度相等，设为v3，由动量守恒定律有mAv1(mAmBmC)v3，解得v3 v11 m/s由机械能守恒定律有Ep (mAmB)v22 (mAmBmC)v32解得Ep3 J(3)滑块C落地点与桌面边缘的水平距离.答案2 m被压缩弹簧再次恢复自然长度时，滑块C脱离弹簧，设此时滑块A、B的速度为v4

7、，滑块C的速度为v5，由动量守恒定律和机械能守恒定律有(mAmB)v2(mAmB)v4mCv5 (mAmB)v22 (mAmB)v42 mCv52解得v40，v52 m/s滑块C从桌面边缘飞出后做平抛运动xv5t，H gt2解得x2 m.题型二“滑块斜(曲)面”模型1.模型图示2.模型特点(1)上升到最大高度：m与M具有共同水平速度v共，此时m的竖直速度vy0.系统水平方向动量守恒，mv0(Mm)v共；系统机械能守恒， mv02 (Mm)v共2mgh，其中h为滑块上升的最大高度，不一定等于弧形轨道的高度(相当于完全非弹性碰撞，系统减少的动能转化为m的重力势能).(2)返回最低点：m与M分离点.

8、水平方向动量守恒，mv0mv1Mv2；系统机械能守恒， mv02 mv12 Mv22(相当于完成了弹性碰撞).例4质量为M的带有 光滑圆弧轨道的小车静止置于光滑水平面上，如图所示，一质量也为M的小球以速度v0水平冲上小车，到达某一高度后，小球又返回小车的左端，重力加速度为g，则A.小球以后将向左做平抛运动B.小球将做自由落体运动C.此过程小球对小车做的功为Mv02D.小球在圆弧轨道上上升的最大高度为从小球滚上小车到滚下并离开小车过程，系统在水平方向上动量守恒，由于无摩擦力做功，机械能守恒，此过程类似于弹性碰撞，作用后两者交换速度，即小球速度变为零，开始做自由落体运动，小车速度变为v0，动能为

9、Mv02，即此过程小球对小车做的功为 Mv02，故B正确，A、C错误.例5如图所示，光滑弧形滑块P锁定在光滑水平地面上，其弧形底端切线水平，小球Q(视为质点)的质量为滑块P的质量的一半，小球Q从滑块P顶端由静止释放，Q离开P时的动能为Ek1.现解除锁定，仍让Q从滑块顶端由静止释放，Q离开P时的动能为Ek2，Ek1和Ek2的比值为设滑块P的质量为2m，则Q的质量为m，弧形顶端与底端的竖直距离为h；P锁定时，Q下滑过程机械能守恒，由机械能守恒定律得：mghEk1，P解除锁定，Q下滑过程，P、Q组成的系统在水平方向动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：mvQ2mvP0，由机械能守恒定律得：mg

10、h mvQ2 2mvP2，Q离开P时的动能：Ek2 mvQ2，解得： 故C正确.例6如图，光滑冰面上静止放置一表面光滑的斜面体，斜面体右侧一蹲在滑板上的小孩和其面前的冰块均静止于冰面上.某时刻小孩将冰块以相对冰面3 m/s的速度向斜面体推出，冰块平滑地滑上斜面体，在斜面体上上升的最大高度为h0.3 m(h小于斜面体的高度).已知小孩与滑板的总质量为m130 kg，冰块的质量为m210 kg，小孩与滑板始终无相对运动.取重力加速度的大小g10 m/s2.(1)求斜面体的质量；答案20 kg规定向左为正方向.冰块在斜面体上上升到最大高度时两者达到共同速度，设此共同速度为v，斜面体的质量为m3.对冰

11、块与斜面体，由水平方向动量守恒和机械能守恒定律得m2v0(m2m3)v m2v02 (m2m3)v2m2gh 式中v03 m/s为冰块推出时的速度，联立式并代入题给数据得v1 m/s，m320 kg (2)通过计算判断，冰块与斜面体分离后能否追上小孩？答案不能，理由见解析设小孩推出冰块后的速度为v1，对小孩与冰块，由动量守恒定律有m1v1m2v00 代入数据得v11 m/s 设冰块与斜面体分离后的速度分别为v2和v3，对冰块与斜面体，由动量守恒定律和机械能守恒定律有m2v0m2v2m3v3 m2v02 m2v22 m3v32 联立式并代入数据得v21 m/s 由于冰块与斜面体分离后的速度与小孩

12、推出冰块后的速度相同且冰块处在小孩后方，故冰块不能追上小孩.课时精练1.如图所示，一个轻弹簧的两端与质量分别为m1和m2的两物体甲、乙连接，静止在光滑的水平面上.现在使甲瞬间获得水平向右的速度v04 m/s，当甲物体的速度减小到1 m/s时，弹簧最短.下列说法中正确的是A.此时乙物体的速度为1 m/sB.紧接着甲物体将开始做加速运动C.甲、乙两物体的质量之比m1m214D.当弹簧恢复原长时，乙物体的速度大小为4 m/s必备基础练123456789123456789根据题意得，当弹簧压缩到最短时，两物体速度相同，所以此时乙物体的速度也是1 m/s，A正确；因为弹簧压缩到最短时，甲受力向左，甲将继

13、续减速，B错误；根据动量守恒定律可得m1v0(m1m2)v，解得m1m213，C错误；当弹簧恢复原长时，根据动量守恒和机械能守恒有m1v0m1v1m2v2， ，联立解得v22 m/s，D错误.2.如图所示，质量为M的楔形物体静止在光滑的水平地面上，其斜面光滑且足够长，与水平方向的夹角为.一个质量为m的小物块从斜面底端以初速度v0沿斜面向上开始运动.当小物块沿斜面向上运动到最高点时，速度大小为v，距地面高度为h，重力加速度为g，则下列关系式中正确的是A.mv0(mM)vB.mv0cos (mM)v123456789123456789小物块上升到最高点时，小物块相对楔形物体静止，所以小物块与楔形物

14、体的速度都为v，二者组成的系统在水平方向上动量守恒，全过程机械能守恒.以水平向右为正方向，在小物块上升过程中，由水平方向系统动量守恒得mv0cos (mM)v，故A错误，B正确；系统机械能守恒，由机械能守恒定律得mgh ，故C、D错误.3.A、B两小球静止在光滑水平面上，用水平轻弹簧相连接，A、B两球的质量分别为m和M(mL2 B.L1m2，m2的左边有一固定挡板.由图示位置静止释放m1、m2，当m1与m2相距最近时m1的速度为v1，则在以后的运动过程中A.m1的最小速度是0123456789由题意结合题图可知，当m1与m2相距最近时，m2的速度为0，此后，m1在前，做减速运动，m2在后，做加

15、速运动，当再次相距最近时，m1减速结束，m2加速结束，因此此时m1速度最小，m2速度最大，在此过程中系统动量和机械能均守恒，m1v1m1v1m2v2， m1v12 ，B选项正确.1234567897.如图所示，光滑水平面上有一质量为2M、半径为R(R足够大)的 弧曲面C，质量为M的小球B置于其底端，另一个小球A质量为 ，小球A以v06 m/s的速度向B运动，并与B发生弹性碰撞，不计一切摩擦，小球均视为质点，则下列说法错误的是A.B的最大速率为4 m/sB.B运动到最高点时的速率为 m/sC.B能与A再次发生碰撞D.B不能与A再次发生碰撞123456789123456789B冲上C并运动到最高点

16、时二者共速，设为v，则MvB(M2M)v，得v m/s，选项B正确；123456789从B冲上C然后又滑下的过程，设B、C分离时速度分别为vB、vC，由水平方向动量守恒有MvBMvB2MvC，由机械能守恒有 ，由于|vB|vA|，所以二者不会再次发生碰撞，选项C错误，D正确.1234567898.(2022辽宁大连市中学高三月考)质量为3m的劈A，其右侧是光滑曲面，曲面下端与光滑的水平面相切，如图所示，一质量为m的物块B位于劈A的曲面上，距水平面的高度为h，物块从静止开始滑下，到达水平面上，跟右侧固定在墙壁上的弹簧发生作用后(作用过程无机械能损失)，又滑上劈A，求物块B在劈A上能够达到的最大高

17、度.答案 h123456789设物块B滑到曲面底端时速率为v1，劈A的速率为v2，物块B和劈A组成的系统水平方向动量守恒，取水平向左为正方向，则有3mv2mv10123456789与弹簧作用后，物块B速度方向变为向左，速度大小不变，v1v1，当物块B在劈A上达到最大高度时二者速度相同，设为v3，系统水平方向动量守恒，则有3mv2mv1(3mm)v3物块B和劈A组成的系统机械能守恒，可得9.如图所示，小球A质量为m，系在细线的一端，线的另一端固定在O点，O点到光滑水平面的距离为h.物块B和C的质量分别是5m和3m，B与C用轻弹簧拴接，置于光滑的水平面上，且B物块位于O点正下方.现拉动小球使细线水平伸直，小球由静止释放，运动到最低点时与物块B发生