中考化学第五单元化学方程式课题3利用化学方程式的简单计算（含解析）

1、.*;第 PAGE- 22 - 页中考化学-第五单元化学方程式课题3-利用化学方程式的简单计算一、单项选择题1.将20gH2和O2的混合气体点燃，完全反响后生成18g水，那么混合气体中H2和O2的质量分别是 A.2g和18gB.10g和10gC.2g和16gD.3g和17g2.甲烷和水反响可制备水煤气混合气体，反响的微观示意图如下图，以下说法错误的选项是 A.甲烷是最简单的有机物B.水煤气的成分是一氧化碳和氢气C.反响生成的丙和丁的分子个数比为 1:1D.反响中氢元素由化合态变为游离态3.向一定量的NaCl溶液中参加足量的AgNO3溶液，充分反响后过滤，所得沉淀质量恰好等于原NaCl溶液质量那

2、么原NaCl溶液中溶质的质量分数约为 A.50%B.20%C.10%D.40.8%4.向盛有一定质量的NaCl和Na2SO4固体混合物的烧杯中加水，固体完全溶解后，再参加一定质量分数的BaCl2溶液至恰好完全反响，过滤烘干得到23.3g沉淀，经测定滤液中含有氯元素的质量为21.3g不考虑过程中物质质量的损失，计算原固体混合物中NaCl的质量为 A.5.85gB.11.7gC.14.2gD.23.4g5.用“ 和“ 分别代表两种不同单质A2和B2的分子，A2和B2在一定条件下能发生化学反响生成新物质X，微观过程如下图以下说法正确的选项是 A.在反响过程中A2和B2分子保持不变B.该反响为置换反响

3、C.参加反响的A2与B2分子数之比为3：1D.物质X含4种元素6.两份质量一样的碳酸钙，一份与足量的盐酸反响，一份充分煅烧，它们所生成的二氧化碳的质量 A.一样多B.充分煅烧生成的CO2多C.与盐酸反响放出的CO2多D.很难确定7.右图是某个化学反响的微观模拟示意图。从图中获得的有关信息不正确的选项是 A.分子由原子构成B.分子间存在一定的空隙C.化学反响中分子可分为原子D.该化学反响属于置换反响8.有科学家研究发现，氧气可通过高能真空紫外线照射二氧化碳直接产生，该化学反响模型如下图，关于该反响的说法错误的选项是 A.属于分解反响B.反响中的最小微粒是分子C.原子种类不变D.为制取氧气提供了新

4、方法9.以下说法正确的选项是 A.表示混合物B.表示两种物质C.表示一种单质D.可以表示CO分子10.如图是某化学反响的微观示意图，其中不同的圆球代表不同原子。以下说法中正确的选项是 A.该反响涉及到四种原子B.该反响属于置换反响C.该反响前后所有元素的化合价都没有变化D.参加反响的两种分子的个数比为1111.图中不同的小球代表不同种元素的原子，其中表示化合物的是 A.B.C.D.12.某两种气体反响的微观示意图如图。该反响属于 A.化合反响B.分解反响C.置换反响D.复分解反响13.电解水时，水分子分解过程示意图如下：对该图理解的表达中，错误的选项是 A.在化学反响中分子可分B.水是由氢元素

5、和氧元素组成的C.水分子中含有氢分子和氧分子D.原子是化学变化中的最小微粒14.在反响A+B=C+2D中，2.9gA跟4.9gB完全反响，生成6gC，D的相对分子质量为18，那么A的相对分子质量是 A.29B.40C.58D.8615.以下图象分别与选项中的描绘相对应，其中正确的选项是 A.图表示向一定量大理石中滴加稀盐酸，产生二氧化碳的质量变化B.图表示加热一定量碳铵NH4HCO3，试管中固体的质量变化C.图表示电解水实验中，生成的氢气及氧气的质量关系D.图表示向一样浓度和体积的稀硫酸中参加足量的镁粉和铁粉，产生氢气的质量关系二、多项选择题16.某两种物质在光照条件下能发生化学反响，其微观示

6、意图如图：一种小球代表一种元素的原子那么以下说法中正确的选项是 A.图示中共有4种物质B.该反响前后各元素的化合价不变C.图示中的反响物都是化合物D.该图示反响符合质量守恒定律17.某同学为了测定铜镁合金样品中铜的质量分数，将100g稀盐酸分2次参加到盛有5g该样品的烧杯中，所得数据如表，那么以下说法中错误的选项是 次数实验前第1次第2次参加稀盐酸的质量/g05050剩余固体的质量/g532A.第1次参加稀盐酸后剩余固体中还有镁B.第2次所参加的稀盐酸恰好完全反响C.每50g稀盐酸和1g镁恰好完全反响D.合金样品中铜的质量分数为40%18.取一定质量的CaCO3高温加热一段时间后，冷却，测得剩

7、余固体的质量为10.0 g，剩余固体中钙元素质量分数为50.0%。CaCO3=CaO+CO2以下判断正确的选项是 A.生成2.0 gCO2气体B.原来CaCO3为12.5 gC.生成了5.6 gCaOD.剩余CaCO3为3.0 g19.Si+2NaOH+H2O=Na2SiO3+2H2 2Al+2NaOH+2H2O=2NaAl2+3H2，硅不与盐酸反响将含铁铝硅的合金样品分为等质量的两份，分别与足量的稀盐酸和烧碱溶液充分反响，测得放出氢气的质量一样那么该合金样品中铁铝硅的质量比不可能是 A.112：27：28B.336：27：56C.28：81：7D.56：81：11220.以下图像与实验相符合

8、的是 A.图是镁带在空气中燃烧过程中固体的质量与反响时间的关系B.图是向室温下的饱和石灰水中参加一定量生石灰，溶液中的溶质质量与时间的关系氢氧化钙溶解度随温度升高减小C.图是等质量的稀硫酸中参加足量的镁粉和锌粉，生成氢气的质量与反响时间的关系D.图是分别向同质量、同质量分数的稀盐酸中不断参加碳酸镁和氧化镁固体，参加固体质量与生成氯化镁的质量关系21.2.4克铝和镁的混合物，与 50 克盐酸恰好完全反响，那么该盐酸的质量分数可能是 A.12%B.15%C.18%D.20%三、填空题22.一定条件下，A和B反响生成C和D反响前后分子种类变化的微观示意图如下图：1一个B分子中含有_个原子2A、B、C

9、中属于化合物的是_填字母序号3假设D为空气中体积分数最大的气体，那么该反响中生成的C和D的质量比为_假设D为氧化物，且A和B的分子个数比为5：4，那么该反响的化学方程式为_ 23.认识反响规律，控制反响条件，让化学反响为人类效劳1化学小组的同学利用图12所示的装置探究燃烧的条件通过比照铜片上红磷和白磷的不同现象，得出的结论是_小明同学对以上实验进展概括，得出的以下说法中，不正确的选项是_填字母序号A此组实验烧杯中的热水只起进步温度的作用 B图1中水下白磷未燃烧是由于没有与氧气接触C对图1实验应该进展三组比照分析 D假设将图2中白磷换成红磷，不能观察到燃烧现象2A常用于切割金属在点燃条件下，A和

10、B反响能生成C和D反响前后分子变化的微观示意图如图3所示以下说法正确的选项是_填字母序号A该反响属于放热反响 BA物质具有可燃性C化学反响前后原子的种类不变 D该反响属于置换反响该反响中A与B的质量比是_该反响过程中，假设进步B物质的浓度及用量，好处是_ 24.实验室在用一氧化碳还复原氧化铁的反响中，假设有160g氧化铁，那么需要一氧化碳_g，反响产生的二氧化碳假设完全与澄清石灰水反响，那么生成沉淀_ g 25.假设分别用“和“代表两种不同元素的原子。这两种元素分别组成的单质在点燃条件下发生反响，反响前后的微观模拟图如下图，请答复以下问题：1反响物都属于纯洁物中的_；从微观角度说明你判断的根据

11、_。2假设用A代表、B代表， 请用A、B表示该反响的化学方程式_。 26.在4P+5O22P205的反响中，_份质量的磷跟_份质量的氮气反响，生成_份质量的五氧化二磷 27.某反响的微观示意如图，以下说法正确的选项是_A该反响是化合反响B生成物均是氧化物C该化学反响生成了三种物质D_四、实验探究题28.化学是在原子、分子、离子程度上研究物质及其变化的科学。 1一定条件下，甲和乙反响生成丙和丁四种物质均由分子构成，反响前后微观示意图如以下图。该反响的前后总共有_种原子。该反响_填“是或“不是置换解反响。反响前后元素的化合价_填“有或“无变化。在该反响中甲和丁两种分子的个数比为 _。 2胃酸过多须

12、服用抗酸药。下表为两种抗酸药的有效成分及其构成微观粒子：由于抗酸药有效成分不同，起抗酸作用即消耗胃液中盐酸的粒子也有差异。 MgOH2起抗酸作用的粒子是_填粒子符号，下同； 铝碳酸镁与盐酸的反响为：AlMgOH3CO3+5HCl=MgCl2+AlCl3+4H2O+CO2那么铝碳酸镁起抗酸作用的两种粒子是_、_。 五、计算题29.工业上常用电解饱和食盐水的方法制备氢氧化钠，其化学方程式为：2NaCl+2H2O2NaOH+Cl2+H2。假设制得40g氢氧化钠，同时可得到氢气的质量是多少？ 30.假设10g粗锌杂质不反响也不溶于水与193.7g稀硫酸恰好完全反响后，烧杯中有203.5g物质，求：生成

13、氢气的质量；粗锌中锌的质量分数；所得溶液的溶质质量分数计算结果保存0.1%。 答案解析部分中考化学-第五单元化学方程式课题3-利用化学方程式的简单计算一、单项选择题1.将20gH2和O2的混合气体点燃，完全反响后生成18g水，那么混合气体中H2和O2的质量分别是 A.2g和18gB.10g和10gC.2g和16gD.3g和17g【答案】A 【解析】【解答】根据化学方程式可知，氢气和氧气、水反响的质量比为1:8:9，那么生成18g水需要氢气的质量为2g，需要氧气的质量为16g 。现氢气和氧气的总质量为20g，即有2g气体剩余，这2g气体可能是氢气也可能是氧气，假设是氢气，那么氢气的质量为4g，假

14、设是氧气，那么氧气的质量为18g。故答案为：A【分析】由反响的方程式可得，4份质量的氢气和32份质量的氧气生成36份质量的水，因此生成18g的水，需要2g氢气和18g氧气2.甲烷和水反响可制备水煤气混合气体，反响的微观示意图如下图，以下说法错误的选项是 A.甲烷是最简单的有机物B.水煤气的成分是一氧化碳和氢气C.反响生成的丙和丁的分子个数比为 1:1D.反响中氢元素由化合态变为游离态【答案】C 【解析】【解答】A、甲烷是最简单的有机物，A不符合题意；B、由上述分析可知，水煤气的成分是一氧化碳和氢气，B不符合题意；C、由上述分析可知，反响生成的丙和丁的分子个数比为 1:3，C符合题意；D、反响前

15、的氢元素存于在水和甲烷中，是以化合态存在，反响后的氢元素存在于氢气中，是以游离态存在，D不符合题意.故答案为：C.【分析】由图示可知，该反响的反响物是甲烷和水，生成物是一氧化碳和氢气，反响的化学方程式为：CH4+H2OCO+3H2.3.向一定量的NaCl溶液中参加足量的AgNO3溶液，充分反响后过滤，所得沉淀质量恰好等于原NaCl溶液质量那么原NaCl溶液中溶质的质量分数约为 A.50%B.20%C.10%D.40.8%【答案】D 【解析】【解答】解：假设生成氯化银的质量为a，设氯化钠的质量为x；NaCl+AgNO3AgCl+NaNO358.5 143.5x a=x=原NaCl溶液中溶质的质量

16、分数：100%40.8%；应选：D【分析】根据题意可知，AgCl沉淀质量=原NaCl溶液质量；假设AgCl沉淀质量为一定量，根据反响的化学方程式中的质量比即可计算出氯化钠的质量，即可解答4.向盛有一定质量的NaCl和Na2SO4固体混合物的烧杯中加水，固体完全溶解后，再参加一定质量分数的BaCl2溶液至恰好完全反响，过滤烘干得到23.3g沉淀，经测定滤液中含有氯元素的质量为21.3g不考虑过程中物质质量的损失，计算原固体混合物中NaCl的质量为 A.5.85gB.11.7gC.14.2gD.23.4g【答案】D 【解析】【解答】解：设生成氯化钠的质量为xNa2SO4+BaCl22NaCl+Ba

17、SO4 117 233 x 23.3gx=11.7g滤液中氯化钠的质量=21.3g=35.1g原固体混合物中NaCl的质量为35.1g11.7g=23.4g答案：D.【分析】向氯化钠和硫酸钠的混合溶液中参加氯化钡溶液，氯化钡和硫酸钠发生反响生成硫酸钡沉淀滤液中的氯化钠包括原混合物中的氯化钠和反响生成的氯化钠，根据氯元素的质量求出滤液中氯化钠的总质量，再用氯化钠的总质量反响生成的氯化钠的质量可根据硫酸钡的质量求出即可求出原混合物中氯化钠的质量5.用“ 和“ 分别代表两种不同单质A2和B2的分子，A2和B2在一定条件下能发生化学反响生成新物质X，微观过程如下图以下说法正确的选项是 A.在反响过程中

18、A2和B2分子保持不变B.该反响为置换反响C.参加反响的A2与B2分子数之比为3：1D.物质X含4种元素【答案】C 【解析】【解答】根据质量守恒定律，把未参加反响的分子删除掉，反响微观过程图可得：A、比照反响前后的微粒的构成可知，反响前A2和B2分子个数分别是3、2，反响后个数分别是0、1，反响过程中A2和B2分子发生了变化，A不符合题意；B、由反响微观过程图可知，该反响的反响物是两种，生成物是一种，属于化合反响，B不符合题意；C、由反响微观过程图可知，参加反响的A2与B2分子数之比为 3：1，C符合题意；D、由物质X的微观构成可知，X的分子中含有两种原子，那么物质X含2种元素，D不符合题意。

19、故答案为：C。【分析】模型题关键是根据模型写出物质的化学式，再通过化学式进展计算即可。6.两份质量一样的碳酸钙，一份与足量的盐酸反响，一份充分煅烧，它们所生成的二氧化碳的质量 A.一样多B.充分煅烧生成的CO2多C.与盐酸反响放出的CO2多D.很难确定【答案】A 【解析】【解答】解：因为碳酸钙的质量相等，由碳元素的质量分数可得其中碳元素的质量也相等由两个化学方程式CaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2，CaCO3 CaO+CO2可以看出，碳酸钙中的碳元素全部进入生成的二氧化碳中，根据质量守恒定律中元素质量在反响前后不变，那么生成的二氧化碳中的碳元素也相等，由二氧化碳中碳元素的质量分数

20、可得，两份二氧化碳的质量也相等 答案：A【分析】两分质量一样的碳酸钙，含有的碳酸根的质量相等；一份与足量盐酸反响，另一份充分煅烧，根据质量守恒定律，可知所得二氧化碳气体的质量7.右图是某个化学反响的微观模拟示意图。从图中获得的有关信息不正确的选项是 A.分子由原子构成B.分子间存在一定的空隙C.化学反响中分子可分为原子D.该化学反响属于置换反响【答案】D 【解析】【解答】A、反响前的两种分子由同种原子构成，反响后的分子由不同种原子构成，分子由原子构成；故A正确；B、反响前后的分子之间都存在一定间隔；故B正确；C、反响前与反响后中间的图明确表示出分子再分成原子的过程；故C正确；D、置换反响是指一

21、种单质与一种化合物生成一种单质与一种化合物的反响，而本反响前的两种物质全部为单质，该反响一定不是置换反响；故D不正确；应选D 8.有科学家研究发现，氧气可通过高能真空紫外线照射二氧化碳直接产生，该化学反响模型如下图，关于该反响的说法错误的选项是 A.属于分解反响B.反响中的最小微粒是分子C.原子种类不变D.为制取氧气提供了新方法【答案】B 【解析】【解答】解：A、该反响是二氧化碳分子分成氧原子和碳原子，氧原子再结合成氧分子，因此二氧化碳经过反响产生了氧气和碳，属于分解反响，故说法正确； B、观察微观示意图可知反响中的最小微粒是氧原子和碳原子，故说法错误；C、由微粒的变化可知，反响前后原子的种类

22、、个数、质量都没有发生改变，故说法正确；D、通过信息可知，氧气可通过高能真空紫外线照射二氧化碳直接产生，为制取氧气提供了新方法，故说法正确应选：B【分析】根据微观过程图，结合化学反响的本质及质量守恒的原因分析分子、原子的变化；根据反响的特点分析反响的类型等9.以下说法正确的选项是 A.表示混合物B.表示两种物质C.表示一种单质D.可以表示CO分子【答案】C 【解析】【解答】A、由图可知，表示由两种元素组成的化合物，属于纯洁物，A不符合题意；B、由图可知，表示三种物质，B不符合题意；C、表示一种单质，C符合题意；D、由图可知，是由同种元素组成的纯洁物，属于单质，D不符合题意；故答案为：C【分析】

23、根据纯洁物和混合物的判别方法、单质和化合物的判别方法、微粒观点及模型图的应用等知识进展分析判断.10.如图是某化学反响的微观示意图，其中不同的圆球代表不同原子。以下说法中正确的选项是 A.该反响涉及到四种原子B.该反响属于置换反响C.该反响前后所有元素的化合价都没有变化D.参加反响的两种分子的个数比为11【答案】D 【解析】【解答】A、根据反响微观示意图中分子构造图，该反响中只涉及到三种原子而非四种原子，故A不正确；B、该反响的反响物中没有出现同种原子构成的单质分子，因此，该反响一定不属于置换反响；故B不正确；C、反响前各元素组成的都是化合物，而反响后生成了单质，根据单质中元素化合价为0价，因

24、此，单质中元素的化合价在反响前后一定发生改变；故C不正确；D、由于微观示意图中有一个分子未参加反响，因此可判断参加反响的两种分子的个数比为2：2=1：1，故D正确；应选D【点评】构成一样的分子为同种物质的分子，判断出微观示意图中有一个分子未参加反响，是正确解答此题的重要一点11.图中不同的小球代表不同种元素的原子，其中表示化合物的是 A.B.C.D.【答案】D 【解析】【解答】A、该图示中含有两种不同的分子，是混合物不是化合物，A不符合题意；B、该图示中含有两种不同的分子，是混合物不是化合物，B不符合题意；C、该图示中含有一种分子，是纯洁物，但该分子由一种原子构成是单质不是化合物，C不符合题意

25、；D、该图示中含有一种分子，是纯洁物且该分子是由不同的原子构成是化合物，D符合题意；故大暗暗为：D。【分析】此题主要考察物质分类的微观模型图。含有同种微粒的物质属于纯洁物。12.某两种气体反响的微观示意图如图。该反响属于 A.化合反响B.分解反响C.置换反响D.复分解反响【答案】A 【解析】【解答】解：A、化合反响是有两种或两种以上的物质生成一种物质的化学反响，该反响是两种单质反响生成两种化合物，属于化合反响；A符合题意；B、分解反响是由一种物质生成两种或两种以上的物质的反响，B不符合题意；C、置换反响是一种单质和一种化合物反响生成另一种单质和另一种化合物的化学反响，C不符合题意；D、复分解反

26、响是两种化合物互相交换成分生成另外两种化合物的反响，D不符合题意；故答案为：A。【分析】根据题意很显然是化合反响，特点是多变一。13.电解水时，水分子分解过程示意图如下：对该图理解的表达中，错误的选项是 A.在化学反响中分子可分B.水是由氢元素和氧元素组成的C.水分子中含有氢分子和氧分子D.原子是化学变化中的最小微粒【答案】C 【解析】【解答】根据化学反响的本质可知，A.选项在化学反响中分子可分，是正确的表达，A不符合题意；B.选项根据质量守恒定律可知水是由氢元素和氧元素组成的，是正确的表达，B不符合题意；C.选项是错误的表达，水分子是由氢原子和氧原子构成的，C符合题意；D.选项原子是化学变化

27、中的最小微粒，是正确的表达，D不符合题意。故答案为：C。【分析】此题主要考察化学反响的微观解释。水是由水分子构成，水分子才是由氢原子和氧原子构成。14.在反响A+B=C+2D中，2.9gA跟4.9gB完全反响，生成6gC，D的相对分子质量为18，那么A的相对分子质量是 A.29B.40C.58D.86【答案】C 【解析】【解答】解：生成D的质量为2.9g+4.9g6g=1.8g设 A的相对分子质量为xA+B=C+2D2.9g 1.8gx 218=x=58应选C.【分析】解答此题需根据质量守恒定律，反响前后质量总和相等，所以参加反响的A和B的质量和等于生成物C和D的质量和，以此为打破口，找出D的

28、质量，再根据D的相对分子质量为18以及A和D的质量关系，可以求得A的相对分子质量15.以下图象分别与选项中的描绘相对应，其中正确的选项是 A.图表示向一定量大理石中滴加稀盐酸，产生二氧化碳的质量变化B.图表示加热一定量碳铵NH4HCO3，试管中固体的质量变化C.图表示电解水实验中，生成的氢气及氧气的质量关系D.图表示向一样浓度和体积的稀硫酸中参加足量的镁粉和铁粉，产生氢气的质量关系【答案】B 【解析】【解答】向一定量大理石中滴加稀盐酸，反响中产生二氧化碳的质量随盐酸的增多而增多，当碳酸钙反响完，二氧化碳的质量不再增加；碳酸氢铵受热分解生成二氧化碳、氨气、水，生成物中没有固体，所以反响完毕，固体

29、质量为零；电解水时正极生成的是氧气，负极生成的是氢气，氢气是氧气体积的2倍；向一样浓度和体积的稀硫酸中参加足量的镁粉和铁粉，镁比铁活动性强，反响快，由于 镁粉和铁粉足量，酸反响完反响完毕，生成氢气的质量一样多。故答案为：B【分析】此题是图像的判断题，解答时要通过题目要求分析涉及到的各物质之间量的关系，结合变化趋先做出判断，如随着横坐标物质量的变化纵坐标表示的物质的量的变化趋势，增加或降低等，再确定图形中的起点、终点、转折点是否符合题意。二、多项选择题16.某两种物质在光照条件下能发生化学反响，其微观示意图如图：一种小球代表一种元素的原子那么以下说法中正确的选项是 A.图示中共有4种物质B.该反

30、响前后各元素的化合价不变C.图示中的反响物都是化合物D.该图示反响符合质量守恒定律【答案】AD 【解析】【解答】解：A、图示中反响物有两种，生成物有两种，共四种物质，此说法正确 B、该反响有单质参加，故前后元素的化合价由变化，故此说法错误C、图示中的反响物是一种化合物和一种单质，故此说法错误D、反响前后原子的数目不变，符合质量守恒定律，故此说法正确应选A、D【分析】根据单质含有一种元素，化合物含有多种元素，因此从图示分析，该反响是反响物是一种化合物和一种单质，生成物是两种化合物，根据反响特点，不属于化合，分解，置换，复分解中的任何一中反响类型17.某同学为了测定铜镁合金样品中铜的质量分数，将1

31、00g稀盐酸分2次参加到盛有5g该样品的烧杯中，所得数据如表，那么以下说法中错误的选项是 次数实验前第1次第2次参加稀盐酸的质量/g05050剩余固体的质量/g532A.第1次参加稀盐酸后剩余固体中还有镁B.第2次所参加的稀盐酸恰好完全反响C.每50g稀盐酸和1g镁恰好完全反响D.合金样品中铜的质量分数为40%【答案】BC 【解析】【解答】解：A、通过表中的数据可以看出，第一次参加50g盐酸，固体减少2g，第二次参加50g盐酸，固体减少1g，所以第1次参加稀盐酸后剩余固体中还有镁，故A正确； B、第一次是2克镁和50克盐酸反响，第二次是1克镁和50克盐酸反响，所以第2次所参加的稀盐酸未反响完，

32、故B错误；C、由上述分析可知，每50g稀盐酸和2g镁恰好完全反响，故C错误；D、通过分析可知，剩余的物质2g是铜，所以铜的质量分数为： 100%=40%，故D正确应选：BC【分析】根据金属活动性顺序可知，镁会与盐酸反响，铜不会与盐酸反响，然后结合表中的数据进展分析18.取一定质量的CaCO3高温加热一段时间后，冷却，测得剩余固体的质量为10.0 g，剩余固体中钙元素质量分数为50.0%。CaCO3=CaO+CO2以下判断正确的选项是 A.生成2.0 gCO2气体B.原来CaCO3为12.5 gC.生成了5.6 gCaOD.剩余CaCO3为3.0 g【答案】B,D 【解析】【解答】剩余固体中钙元

33、素质量50.0%10.0 g=5 g，反响前碳酸钙的质量是5 g =12.5g。A生 成CO2气体的质量是12.5g-10g=2.5g，错误；B原来CaCO3为12.5 g，正确； C设生成 CaO 的质量是X，CaCO3=CaO+CO21005612.5gx= 解得X=7g，错误；D剩余CaCO3为12.5g-7g-2.5g=3g，正确。故答案为：BD。【分析】根据化学方程式的计算分析，解答时要注意代入方程式中的各物质的理是否参加反响的物质或生成的物质。19.Si+2NaOH+H2O=Na2SiO3+2H2 2Al+2NaOH+2H2O=2NaAl2+3H2，硅不与盐酸反响将含铁铝硅的合金样

34、品分为等质量的两份，分别与足量的稀盐酸和烧碱溶液充分反响，测得放出氢气的质量一样那么该合金样品中铁铝硅的质量比不可能是 A.112：27：28B.336：27：56C.28：81：7D.56：81：112【答案】B,D 【解析】【解答】解：根据题目信息可知，铁和铝与稀盐酸生成氢气，铝和硅与氢氧化钠生成氢气铝和盐酸的反响方程式：2Al+6HCl=2AlCl3+3H2，2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO2+3H2，说明一样质量的铝与盐酸或者氢氧化钠生成氢气的质量相等综合分析，铁和盐酸生成的氢气的质量等于硅和氢氧化钠生成的氢气的质量设铁与盐酸生成的氢气的质量为M，那么硅的质量为X，铁的质量为

35、YSi+2NaOH+H2ONa2SiO3+2H228 4X M得：X=7MFe+2HCl=FeCl2+H256 2Y M得：Y=28M合金中硅和铁的质量之比=7M：28M=1：4A、铁和硅的质量之比=112：28=4：1，故A不合题目条件B、铁和硅的质量之比=336：564：1，故B符合题目条件C、铁和硅的质量之比=28：7=4：1，故C不符合题目条件D、铁和硅的质量之比=56：112=1：2，故D符合题目条件应选BD【分析】根据题目信息可知，铁和铝与稀盐酸生成氢气，铝和硅与氢氧化钠生成氢气铝和盐酸的反响方程式：2Al+6HCl=2AlCl3+3H2，2Al+2NaOH+2H2O=2NaAlO

36、2+3H2，说明一样质量的铝与盐酸或者氢氧化钠生成氢气的质量相等综合分析，铁和盐酸生成的氢气的质量等于硅和氢氧化钠生成的氢气的质量20.以下图像与实验相符合的是 A.图是镁带在空气中燃烧过程中固体的质量与反响时间的关系B.图是向室温下的饱和石灰水中参加一定量生石灰，溶液中的溶质质量与时间的关系氢氧化钙溶解度随温度升高减小C.图是等质量的稀硫酸中参加足量的镁粉和锌粉，生成氢气的质量与反响时间的关系D.图是分别向同质量、同质量分数的稀盐酸中不断参加碳酸镁和氧化镁固体，参加固体质量与生成氯化镁的质量关系【答案】B,C 【解析】【解答】根据所学知识和题中信息知，A. 图是镁带在空气中燃烧过程中固体的质

37、量与反响时间的关系，应逐渐升高，A不符合题意；B. 图是向室温下的饱和石灰水中参加一定量生石灰，溶液中的溶质质量与时间的关系。生石灰遇水放热，氢氧化钙溶解度随温度升高减小。散热后温度降低，溶解度升高。室温下，生石灰与水反响生成氢氧化钙，溶剂质量减少，溶质质量减少。B符合题意；C. 图是等质量的稀硫酸中参加足量的镁粉和锌粉，生成氢气的质量与反响时间的关系。镁比锌活泼，等质量的稀硫酸中参加足量的镁粉和锌粉，生成氢气的质量相等。C符合题意；D. 图是分别向中不断参加碳酸镁和氧化镁固体，参加固体质量与生成氯化镁的质量关系。同质量、同质量分数的稀盐酸，生成氯化镁质量相等，MgOMgCl2, MgCO3

38、MgCl2,所需固体质量碳酸钙比氧化钙多。D不符合题意。故答案为：BC。【分析】找准横坐标和纵坐标的对应关系是此题关键。21.2.4克铝和镁的混合物，与 50 克盐酸恰好完全反响，那么该盐酸的质量分数可能是 A.12%B.15%C.18%D.20%【答案】B,C 【解析】【解答】解：设2.4g全是镁，此时消耗盐酸质量最大，那么消耗盐酸的质量为x，Mg+2HCl=MgCl2+H224 732.4g xx=7.3g那么该盐酸的质量分数为100%=14.6%；假如全是Al，那么消耗盐酸质量为y，2Al+6HCl=2AlCl3+3H254 2192.4g y解之得：y9.7g，那么该盐酸的质量分数为1

39、00=19.4%；所以盐酸质量分数在14.6%和19.4%之间应选BC【分析】运用假设法，利用铝和镁与盐酸反响的化学方程式，就可计算出盐酸质量分数的取值范围，据此即可正确选择三、填空题22.一定条件下，A和B反响生成C和D反响前后分子种类变化的微观示意图如下图：1一个B分子中含有_个原子2A、B、C中属于化合物的是_填字母序号3假设D为空气中体积分数最大的气体，那么该反响中生成的C和D的质量比为_假设D为氧化物，且A和B的分子个数比为5：4，那么该反响的化学方程式为_ 【答案】4；B、C；27：14；5O2+4NH36H2O+4NO 【解析】【解答】解：1由B分子的构成可知，一个B分子中含有四

40、个原子；2在A、B、C中，B、C是由不同元素组成的纯洁物，属于化合物；3假设D为空气中体积分数最大的气体，那么D为氮气，由变化的微观示意图及质量守恒定可知，反响物是氨气和氧气，生成物是氮气和水，反响的方程式是：4NH3+3O22N2+6H2O；那么该反响中生成的C和D的质量比为：126+166：1422=27：14；假设D为氧化物，且A和B的分子个数比为5：4，由变化的微观示意图及质量守恒定可知，反响物是氨气和氧气，生成物是水和一氧化氮，反响的方程式是：5O2+4NH36H2O+4NO故答为：14；2B、C；327：14；5O2+4NH36H2O+4NO【分析】1根据B分子的构成判断原子个数；

41、2根据A、B、C的微观构成，判断属于化合物的物质；3根据D为空气中体积分数最大的气体，应是氮气，根据变化的微观示意图写出反响的方程式计算反响中生成的C和D的质量比；根据D为氧化物，且A和B的分子个数比为5，再根据质量守恒定律判断D的构成，写出反响的方程式23.认识反响规律，控制反响条件，让化学反响为人类效劳1化学小组的同学利用图12所示的装置探究燃烧的条件通过比照铜片上红磷和白磷的不同现象，得出的结论是_小明同学对以上实验进展概括，得出的以下说法中，不正确的选项是_填字母序号A此组实验烧杯中的热水只起进步温度的作用 B图1中水下白磷未燃烧是由于没有与氧气接触C对图1实验应该进展三组比照分析 D

42、假设将图2中白磷换成红磷，不能观察到燃烧现象2A常用于切割金属在点燃条件下，A和B反响能生成C和D反响前后分子变化的微观示意图如图3所示以下说法正确的选项是_填字母序号A该反响属于放热反响 BA物质具有可燃性C化学反响前后原子的种类不变 D该反响属于置换反响该反响中A与B的质量比是_该反响过程中，假设进步B物质的浓度及用量，好处是_ 【答案】不同物质着火燃烧所需要的最低温度着火点不同，可燃物燃烧温度需要到达着火点；AC；ABCD；13：8；促进A完全燃烧，放出更多热量 【解析】【解答】解：1铜片上的白磷可以燃烧，说明温度到达了白磷的着火点；红磷不能燃烧，说明温度没有到达红磷的着火点，说明不同物

43、质着火燃烧所需要的最低温度着火点不同，可燃物燃烧温度需要到达着火点故答案为：不同物质着火燃烧所需要的最低温度着火点不同，可燃物燃烧温度需要到达着火点A、烧杯中热水的作用是：使白磷到达着火点，而红磷不能到达着火点，且使水中的白磷与空气隔绝，故错误；B、图1中水下白磷没有与氧气接触，所以不能燃烧，故正确；C、通过图1实验就可以得出结论，不需三组比照，故错误；D、假设将图2中白磷换成红磷，因为不能到达着火点，不能观察到燃烧现象，故正确应选AC2通过题干提供的信息：A常用于切割金属在点燃条件下，A和B反响能生成C和D以及反响前后分子变化的微观示意图可知A是C2H2 ， 具有可燃性；点燃与氧气反响生成二

44、氧化碳和水，属于放热反响，反响方程式是2C2H2+O24C+2H2O；根据质量守恒定律和图示可知，化学反响前后原子的种类不变；置换反响是一种单质与一种化合物反响，生成另一种单质和另一种化合物的反响，所以该反响是置换反响应选ABCD根据反响的化学方程式为2C2H2+O24C+2H2O，反响中A与B的质量比=52：32=13：8故答案为：13：8B是氧气，进步浓度可以使物质A得到充分燃烧，放出更多热量故答案为：促进A完全燃烧，放出更多热量【分析】1根据燃烧的条件和实验中的现象分析；根据热水的作用、物质燃烧的条件分析；2通过信息：A常用于切割金属在点燃条件下，A和B反响能生成C和D以及反响前后分子变

45、化的微观示意图，分析解答；根据AB反响的方程式计算出A与B的质量比；B是氧气，进步浓度可以使物质A得到充分燃烧24.实验室在用一氧化碳还复原氧化铁的反响中，假设有160g氧化铁，那么需要一氧化碳_g，反响产生的二氧化碳假设完全与澄清石灰水反响，那么生成沉淀_ g 【答案】84；300 【解析】【解答】设需要一氧化碳质量为x，生成二氧化碳质量为y，生成沉淀碳酸钙质量为z，Fe2O3+3CO2Fe+3CO2 ， 160 84 132160g x y,x=84g，y=132g，CaOH2+CO2CaCO3+H2O， 44 100 132g z， z=300g，故填：84；300【分析】高温条件下，氧

46、化铁和一氧化碳反响生成铁和二氧化碳；二氧化碳和氢氧化钙反响生成碳酸钙沉淀和水，根据反响的化学方程式和提供的数据可以进展相关方面的计算25.假设分别用“和“代表两种不同元素的原子。这两种元素分别组成的单质在点燃条件下发生反响，反响前后的微观模拟图如下图，请答复以下问题：1反响物都属于纯洁物中的_；从微观角度说明你判断的根据_。2假设用A代表、B代表， 请用A、B表示该反响的化学方程式_。 【答案】单质；都由同种分子构成，且两种物质的分子都由各自的同种原子构成；2A2+B22A2B 【解析】【解答】由图可知，反响物分子都是由同种元素构成，故属单质；根据分子的构成可知反响的化学方程式为2A2+B22

47、A2B。【分析】化学反响的微观过程26.在4P+5O22P205的反响中，_份质量的磷跟_份质量的氮气反响，生成_份质量的五氧化二磷 【答案】124；160；284 【解析】【解答】解：磷在充足的氧气中燃烧的化学方程式为4P+5O22P205 ， P的相对分子质量为31，O2的相对分子质量为32，P205 的相对分子质量为142，再分别乘以化学计量数故124份质量的磷跟160份质量的氧气反响，生成284份质量的五氧化二磷故答案为：124； 160； 284【分析】根据磷在充足的氧气中燃烧的化学方程式，得出参加反响的磷的相对分子质量和生成物五氧化二磷的相对分子质量，写出它们之间的比即可正确选择27.某反响的微观示意如图，以下说法正确的选项是_A该反响是化合反响B生成物均是氧化物C该化学反响生成了三种物质D_【答案】B；该反响不是化合反响等 【解析】【解答】解：由反响的微观示意图可知，各物质反响的微粒个数关系是：由上图可知该反响是：2H2S+3O22SO2+2H2OA、该反响的生成物是两种，不是化合反响，故A错误；B、该反响的生成物是二氧化硫和水两种，都属于氧化物故B正确；C、该反响的生成物是两种，故C错误；D、该反响的生成物是两种，不是化合反响故答为：B，D补充：该反响不是化合反响等【分析】观察反响的微观示意图，根据物质的微观构成写出化学式及反响方程式，据此分析答复四