化学十字交叉法

1、“十字交叉”法的妙用化学计算是从数量的角度研究物质的组成、结构、性质变化，涉及到的化学基本概念多，解法灵活多变，且需要跨学科的知识和思维方法，所以该知识点一直是中学化学教与学的难点，但因能较好地训练学生的逻辑思维能力和思维的敏捷性，又能考察学生的双基知识，所以是教学重点，也是各种考试的热点。如何进行这方面知识的教学，使学生理解和掌握这些知识、发展学力，一直是各位老师研究的热门话题。本文拟就教学中所得，粗浅地谈一谈“十字交叉法”在化学计算中的应用。一、适用范围：十字交叉法”适用于两组分混合物（或多组分混合物，但其中若干种有确定的物质的量比，因而可以看做两组分的混合物），求算混合物中关于组分的某个

2、化学量（微粒数、质量、气体体积等）的比值或百分含量。例1:实验测得乙烯与氧气的混合气体的密度是氢气的14.5倍。可知其中乙烯的质量分数为（）A.25.0%B.27.6%C.72.4%D.75.0%C2H428O232解析：要求混合气中乙烯的质量分数可通过十字交叉法先求出乙烯与氧气的物质的量之比（当然也可以求两组分的质量比，但较繁，不可取），再进一步求出质量分数。即：n(C2H4)=3：1n(O2)这样，乙烯的质量分数是:%=72.4%“、3283（QHi）=X100328132答案：C。（解毕）二、十字交叉法的解法探讨：1.十字交叉法的依据：对一个二元混合体系，可建立一个特性方程：ax+b（1

3、x）=c（a、b、c为常数，分别表示A组分、B组分和混合体系的某种平均化学量，如：单位为g/mol的摩尔质量、单位为g/g的质量分数等）；x为组分A在混合体系中某化学量的百分数（下同）。如欲求x/（1x）之比值，可展开上述关系式，并整理得：ax-bx=c-b解之，得：cbacx,1xabab即：£_1xac2 .十字交叉法的常见形式：为方便操作和应用，采用模仿数学因式分解中的十字交叉法，记为：组分1a、c-b混合物C、入组分1）c-b=-=组分2bLa-c1-x（组分2）a-c3 .解法关健和难点所在：十字交叉法应用于解题快速简捷，一旦教给了学生，学生往往爱用，但是也往往出错。究其原

4、因，无外乎乱用平均量（即上述a、b、c不知何物）、交叉相减后其差值之比不知为何量之比。关于上述a、b、c这些化学平均量，在这里是指其量纲为（化学量i+化学量2）的一些比值，如摩尔质量（g/mol）、溶液中溶质的质量分数（溶质质量+溶液质量）或关于物质组成、变化的其它化学量等等。设计这些平均量时应优先考虑待求量和题给条件，一般情况下尽可能的将待求量设计为上述化学量2（分数中的分母），至于化学量i则依题给条件选取最容易获得的化学量（分数中的分子），这样上述第1论点中的a、b、c应该是分别这样的一些化学平均量（如下图）：y（组分1）=组分i的化学量iy（组分2）=组分2的化学量iX（组分1一组分1的

5、化学量2X（组分2）一组分2的化学量2y（混合体系）_混合体系的化学量ix（混合体系）混合体系的化学量2而这些化学平均量a、b、c交叉相减后所得差值之比，则是组分i和组分2的化学平均量的量纲中化学量2如a、b、c为摩尔质量（g/mol）时，便是物质的量mol的比值。例2：把CaCO3和MgCO3组成的混合物充分加热到质量不再减少时，称得残留物的质量是原混合物质量的一半。则残留物中钙和镁两元素原子的物质的量之比是A.1:4B.1:3C.1:1D.1:2解析：上述问题是计算两组分混合物中某两个化学量之比，可用十字交叉法解题。解题时先设计混合物的平均化学量c,该题中要求钙和镁两元素原子的物质的量之比

6、（即原子个数比），而平均量中分母（即上述化学量y（组分2）与题给条件相差甚远，故以一摩尔组分质量为分母，一摩尔物质分解后残留物质量为分子而得如下的几个平均量：a=56g-100g;b=40g34g;c=1/2应用于十字交叉法：组分CaC。356/1001/42即：m（CaCO3）1/42混合物,1/21=组分MgCO340/843/50m（MgCO3）施。所以，原混合物中两组分CaCO3和MgCO3物质的量之比（即残留物中Ca和Mg的物质的量之比为：n（Ca）：n（Mg）=（1/42）g+100g/mol:（3/50）g84g/mol=1:3答案：B（解毕）注：熟练后或在要表达的计算题中可略去

7、上图，而只以比例式表示，为防止出错，也可在草稿中画上述十字交叉图。三、十字交叉法的应用与例析：1 .两组分混合物中已知组分及混合体系的摩尔质量（或式量），求组分的物质的量之比（或组分气体的体积比、组分物质的微粒数之比）：解答这类问题，需设计的平均化学量a、b、c就直接用摩尔质量（g/mol）。而用十字交叉法交叉相减后所得差值之比是组分的物质的量之比（或微粒数之比），或依阿伏加德罗定律，也等于（相同状态下）气态混合体系中组分气体的体积比。例3.硼的平均相对原子质量为10.8,硼在自然界中有种同位素:10111105B与5B,则这两种同位素5B、1115B在自然界中的原子个数比为A.1：2B.1：

8、4C.1：6D.1：8解析：相对原子质量与原子的摩尔质量数值上相等，故元素或原子的相对原子质量可看做十字交叉法中的平均化学量，量纲为g?mo1,交叉相减后所得差值之比为两同位素的物质的量（即原子数）105B10115B11*0.210.8'*0.8或记为：n(10B)11-10.8=1：4之比。11n(5B)10.8-10答案：B解毕）2 .两种溶液（同溶质）相混合，已知两溶液及混合溶液中溶质的质量分数，求两溶液的质量比：例4.将密度为1.84g?cm-3,质量分数为98%的浓硫酸与水配制成30%的稀溶液，应怎么配制？解析：要配制这种硫酸，必须先求出浓硫酸与水的比例。因为溶液中溶质的质

9、量分数为溶质质量占溶液质量的分数，所以质量分数实际上也是一种平均化学量，可用于十字交叉法求出浓硫酸和水的质量比。这样，上述平均化学量a、b、c中的化学量2最好就设计为溶液质量，而化学量1取最方便的就是溶质质量，即平均化学量a、b、c就是溶液中溶质的质量分数，应用于十字交叉法（图略），记为：m（浓硫酸）：m（水）=（30%0）：（98%30%）=15:34即取15份质量的浓硫酸与34份质量的水混合得此稀硫酸。（解毕）3 .两可燃物组成的混合体系，已知其组分及混合物的燃烧热，求组分的物质的量之比或百分含量。例5.在一定条件下，CO和CH4燃烧的热化学方程式分别为：2CO（气）+。2（气）=2CO2

10、（气）+566KJ;CH4（气）+2O2（气尸CO2（气）+2H2O（液）+890KJ现有CO和CH4组成的气体混合物89.6L（标准状态下测定），在上述条件下燃烧，释放的热量为2953KJ,贝UCO和CH4的体积比为（）A.1：3B.3：1C.1：2D.2：1解析：可燃物的反应热以摩尔反应热来表示时，单位是：KJ/mol,因此也可以看做是一个平均化学量，两可燃组分及混合物的反应热可当做十字交叉法基本形式中的a、b、c进行十字交叉，交叉相减后所得差值之比即为两可燃组分的物质的量之比。解题时设计并先求算气体混合物的反应热：混合气体的物质的量：n=89.6L+22.4L?mol1=4.00mol，

11、混合气体的平均反应热：Q（混合物）=2953KJ+4.00mol=738.3KJ?mol1双两组分的反应热分别为：Q(CO)=566KJ+2mol=283KJ?mo1;Q(CH4)=890KJ?mol1这样，十字交叉法就记为：n(CO):n(CH4)=(890-738.3):(738.3283)1:3答案：B。(解毕)4 .其它有关物质组成、变化关系的两组分混合体系，依题意，设计适当的平均化学量，也可用十字交叉法求算两组分的某个化学量的比值或百分含量。例6.在一定条件下，将25gCO2和CO的混合气体通过灼热的碳粉，使之充分反应，测知所得气体在标准状态下的体积为22.4L,则在相同状态下原混合

12、气体中CO2和CO的体积比为A.1：4B.1：3C.1：2D.2：1解析：本题所求为两组分混合气体中组分气体的体积之比(按阿伏加德罗定律，即为两组分气体的物质的量之比)，依ccc高温ccc,CO不与C反应。又从反应后的气体体积22.4L(标CO2+C=2CO态)，是1mol纯净CO,总质量为28g,即上述反应中气体质量增加了28g25g=3g,应用差量法可求得原混合气体的物质的量为：1mol3g+12g/mol=0.75mol即原混合气体的摩尔质量是：25g+0.75mol=33.3g/mol,将两组分及混合气体的摩尔质量应用于T字交叉法(如下图)：CO244一-5.31“/33.3、=2CO

13、2810.72，原混合气体中CO2与CO的体积比为：n(CO2):n(CO)=1：2答案：Co(解毕)值得注意的是，有时因题给条件的限制，无法将待求量设计为平均化学量的分母(即化学量2),此时就应以与已知量有关又容易换算为待求量的其它化学量做为平均量中的化学量2例7.KHCO3和CaCO3的混合物和等质量的NaHCO3分别与盐酸完全反应时，所消耗的酸的量相等，则混合物中KHCO3的质量分数是A.50%B.68%C.81%D.90%解析：根据KHCO3和CaCO3分别与酸反应的化学方程式：KHCO3+HCl=KCl+H2O+CO2TCaCO3+2HCl=CaCl2+H2O+CO2T依题意，上述混

14、合物每消耗1摩尔HCl需质量84g,而组分KHCO3和CaCO3每消耗1摩尔HCl需质量分别是100g和50g,这样就可以把反应中消耗的HCl设计为上述平均化学量中化学量2,而与HCl反应消耗的固体物质质量设计为化学量1,应用于十字交叉法并记为：KHCO3100-*34P：n(KHCO3耗酸)_仔,8CaCO35084'"'""''*'16n(CaCO3耗酸)又从上述化学方程式可看出，每消耗1mol酸需KHCO31mol,而CaCO3则需0.5mol。所以混合物中两组分KHCO3和CaCO3物质的量之比是：n(KHCO3):

15、n(CaCO3)=17：(8-2)=17:4混合物中KHCO3的质量分数是：co(KHCO3)=17M00%=81.0%17+4答案：Co(解毕)例8.使乙烷和丙烷的混合气体完全燃烧后，可得CO23.52g,H2O1.92g,则该混合气体中乙烷和丙烷的物质的量之比为A.1：2B.1：1C.2：3D.3:4解析：该题已知混合气体完全燃烧后生成CO2和H2O的质量，从中可以计算出这两种物质的物质的量，n(CO2)=3.52g44g/mol=0.08mol、n(H2O)=1.92g+18g/mol=0.11mol;进而求出混合气体中每含1摩C所含H的物质的量，0.11molX2+0.08mol=11

16、/4;而组分气体中乙烷和丙烷的同样定义的化学量分别是，乙烷C2H6为3,丙烷C3H8为8/3;将这些平均量应用于十字交叉法可得这两组分气体在混合气体中所含C原子数之比。混合气体中乙烷所含C原子数混合气体中丙烷所含C原子数11/4-8/3=1：33-11/4所以混合气体中乙烷和丙烷的物质的量之比为：n(C2H6)：n(C3H8)=(1/2)：(3/3)=1:2答案：A(解毕)例9.(MCE99.33第2小题)天然的和绝大部分人工制备的晶体都存在缺陷，例如在某种NiO晶体中就存在如右图所示(图略，请参看高考原题)的缺陷：一个Ni2+空缺，另有两个Ni2+被两个Ni3+所取代。其结果晶体仍呈中性，但化合物中Ni和O的比值却发生了变化。某氧化馍样品组成为Ni0.97O,试计算该晶体中Ni3+与Ni2+的离子数之比。解析：这种有缺陷的晶体可看作是由NiO和Ni2O3组成的混合物，现在题中要求Ni3+和Ni2+0.4690.0309=0.46