高考化学化学平衡状态化学平衡的移动ppt课件

1、第二节 化学平衡形状 化学平衡的挪动 三年三年1212考考 高考指数高考指数: :1.1.了解化学反响的可逆性。了解化学反响的可逆性。2.2.了解化学平衡建立的过程。了解化学平衡建立的过程。3.3.了解外界条件浓度、温度、压强、催化剂等对化学平衡了解外界条件浓度、温度、压强、催化剂等对化学平衡的影响，认识其普通规律。的影响，认识其普通规律。 一、化学平衡一、化学平衡1.1.可逆反响可逆反响“两同一不能两同一不能1 1“两同：两同：_；_。2 2“一不能：一不能：_。 同一条件下同一条件下正、逆反响同时进展正、逆反响同时进展不能进展究竟不能进展究竟2.2.化学平衡化学平衡1 1建立过程。建立过程

2、。 2 2特点特点“五字诀。五字诀。逆：化学平衡研讨的对象是可逆：化学平衡研讨的对象是可“逆反响。逆反响。等：到达平衡时等：到达平衡时_相相“等。等。定：到达平衡时反响体系中各组分的浓度定：到达平衡时反响体系中各组分的浓度_。动：化学平衡是一种动：化学平衡是一种_平衡。平衡。变：当外界条件发生变：当外界条件发生“变化时，平衡也随之挪动。变化时，平衡也随之挪动。 正反响速率和逆反响速率正反响速率和逆反响速率坚持恒坚持恒“定定“动态动态二、外界要素对化学平衡的影响二、外界要素对化学平衡的影响1.1.影响化学平衡的要素影响化学平衡的要素假设其他条件不变，改动以下条件对平衡的影响如下：假设其他条件不变

3、，改动以下条件对平衡的影响如下： 温度温度 正反响方向正反响方向 条件的改动其他条件不变条件的改动其他条件不变 增大反响物浓度或减小生成物增大反响物浓度或减小生成物浓度浓度 逆反响方向逆反响方向 气体总体积减小的方向气体总体积减小的方向 减小压强减小压强 化学平衡挪动的方向化学平衡挪动的方向 浓度浓度 减小反响物浓度或增大生成物减小反响物浓度或增大生成物浓度浓度 压强对压强对有气体有气体存在的存在的反响反响 反响前后气体反响前后气体分子数改动分子数改动 增大压强增大压强 气体总体积增大的方向气体总体积增大的方向 反响前后气体反响前后气体分子数不变分子数不变 改动压强改动压强 平衡不挪动平衡不挪

4、动 升高温度升高温度 吸热方向吸热方向 降低温度降低温度 放热方向放热方向 2.2.催化剂与化学平衡的关系催化剂与化学平衡的关系运用催化剂，能同等程度地增大正反响和逆反响的反响速率，运用催化剂，能同等程度地增大正反响和逆反响的反响速率，可以缩短到达平衡的时间，但对化学平衡可以缩短到达平衡的时间，但对化学平衡_影响。影响。3.3.勒夏特列原理勒夏特列原理“只减弱，不抵消只减弱，不抵消假设改动影响化学平衡的条件浓度、压强、温度等之一，假设改动影响化学平衡的条件浓度、压强、温度等之一，平衡将向着平衡将向着_的方向挪动。的方向挪动。 没有没有可以减弱这种改动可以减弱这种改动1.2H2+O2 2H2O1

5、.2H2+O2 2H2O与与2H2O 2H2+O22H2O 2H2+O2互为可逆反响。互为可逆反响。 【分析】【分析】2H2+O2 2H2O2H2+O2 2H2O与与2H2O 2H2+O22H2O 2H2+O2不是在同一条不是在同一条件下进展的，所以不互为可逆反响。件下进展的，所以不互为可逆反响。2.2.对于反响对于反响N2N23H2 2NH33H2 2NH3到达平衡时，到达平衡时，v v正正(N2)=(N2)=v v逆逆(NH3)(NH3)。 【分析】该可逆反响到达平衡时，其反响速率关系应为【分析】该可逆反响到达平衡时，其反响速率关系应为2v2v正正(N2)=v(N2)=v逆逆(NH3)(N

6、H3)。 点燃点燃= 电解电解=点燃点燃= 电解电解=催化剂催化剂高温、高压高温、高压3.3.对于有气体参与的可逆反响，增大压强，平衡不一定发生移对于有气体参与的可逆反响，增大压强，平衡不一定发生移动。动。 【分析】对于反响前后气体体积不发生变化的可逆反响，增大【分析】对于反响前后气体体积不发生变化的可逆反响，增大压强平衡不挪动。压强平衡不挪动。4.4.对定容容器中反响对定容容器中反响C Cs sH2OH2Og g CO COg gH2H2g g，添加添加C C的物质的量，化学平衡向正反响方向挪动。的物质的量，化学平衡向正反响方向挪动。 【分析】固体的量的多少对化学平衡的挪动没有影响。【分析】

7、固体的量的多少对化学平衡的挪动没有影响。 化学平衡形状的判别化学平衡形状的判别1.1.直接判别根据直接判别根据“两等一不变两等一不变1 1根据根据v(v(正正)=v()=v(逆逆)0)0判别。判别。同种物质同种物质v(v(生成生成)=v()=v(耗费耗费) )或者或者v(v(正正)=v()=v(逆逆) )不同物质表示的正、逆反响速率，正、逆反响速率数值之比不同物质表示的正、逆反响速率，正、逆反响速率数值之比等于其化学计量数之比。等于其化学计量数之比。2 2根据各组分的浓度坚持不变判别。根据各组分的浓度坚持不变判别。某一组分的物质的量、浓度、质量、体积分数等不变时即到达某一组分的物质的量、浓度、

8、质量、体积分数等不变时即到达平衡形状。平衡形状。 2.2.间接判别根据间接判别根据1 1恒容反响体系中压强。恒容反响体系中压强。反响前后气体体积相等的反响，不能根据体系中的压强来判反响前后气体体积相等的反响，不能根据体系中的压强来判别反响能否到达平衡，由于容器中的压强不断不变。别反响能否到达平衡，由于容器中的压强不断不变。反响前后气体体积发生变化的反响，压强不变，反响到达平反响前后气体体积发生变化的反响，压强不变，反响到达平衡。衡。 2 2容器内气体的密度容器内气体的密度(=m/V)(=m/V)。恒容容器中，反响前后都为气体的反响不能根据密度不变来恒容容器中，反响前后都为气体的反响不能根据密度

9、不变来判别反响能否到达平衡，由于密度不断不变。判别反响能否到达平衡，由于密度不断不变。恒容容器内反响前后有非气态物质的，容器内密度不变，反恒容容器内反响前后有非气态物质的，容器内密度不变，反响到达平衡。响到达平衡。恒压容器内且反响前后气体体积发生改动的反响气体密度不恒压容器内且反响前后气体体积发生改动的反响气体密度不变时，反响到达平衡形状。变时，反响到达平衡形状。3 3有色物质的颜色。有色物质的颜色。有色物质的颜色深浅与有色物质的浓度大小有关，容器内有色有色物质的颜色深浅与有色物质的浓度大小有关，容器内有色物质的颜色不变，反响到达平衡形状。物质的颜色不变，反响到达平衡形状。 4 4平均摩尔质量

10、平均摩尔质量M=m(M=m(总总)/n()/n(总总) )。反响前后都为气体且气体的物质的量没有发生变化的反响，反响前后都为气体且气体的物质的量没有发生变化的反响，反响前后气体的总质量和总物质的量不断不变，反响前后气体的总质量和总物质的量不断不变， 不能根据平不能根据平均摩尔质量判别反响能否到达平衡。均摩尔质量判别反响能否到达平衡。反响前后气体物质的量不相等的反响或有非气态物质参与的反响前后气体物质的量不相等的反响或有非气态物质参与的反响，假设相对平均摩尔质量不变，那么反响到达平衡。反响，假设相对平均摩尔质量不变，那么反响到达平衡。 【高考警示钟】【高考警示钟】1 1根据正、逆反响速率来判别可

11、逆反响能否到达平衡时，根据正、逆反响速率来判别可逆反响能否到达平衡时，要留意用同一种物质正、逆反响速率相等，不同种物质正、逆要留意用同一种物质正、逆反响速率相等，不同种物质正、逆反响速率之比等于化学计量数之比。反响速率之比等于化学计量数之比。2 2根据压强能否变化来判别可逆反响能否到达平衡时，要根据压强能否变化来判别可逆反响能否到达平衡时，要留意两点：一是容器的容积能否可变。二是反响前后气体的体留意两点：一是容器的容积能否可变。二是反响前后气体的体积能否变化。积能否变化。3 3留意分析反响。对于不同的反响，用一样物理量判别时，留意分析反响。对于不同的反响，用一样物理量判别时，结果能够不同。如压

12、强不再变化时，对于气体体积变化的反响结果能够不同。如压强不再变化时，对于气体体积变化的反响是平衡形状，但气体体积不变的反响不一定是平衡形状。是平衡形状，但气体体积不变的反响不一定是平衡形状。 【典例【典例1 1】在体积固定的密闭容器中进展可逆反响：】在体积固定的密闭容器中进展可逆反响：2NO2 2NO+O22NO2 2NO+O2，以下情况中能作为反响到达平衡形状标志，以下情况中能作为反响到达平衡形状标志的是的是 单位时间内生成单位时间内生成n mol O2 n mol O2 的同时生成的同时生成2n mol NO22n mol NO2单位时间内生成单位时间内生成n mol O2 n mol O

13、2 的同时生成的同时生成2n mol NO2n mol NO用用NO2 NO2 、NONO、O2O2表示的反响速率之比为表示的反响速率之比为221221混合气体的颜色不再改动混合气体的颜色不再改动混合气体的密度不再改动混合气体的密度不再改动混合气体的压强不再改动混合气体的压强不再改动混合气体的平均相对分子质量不再改动混合气体的平均相对分子质量不再改动A.A. B. B. C. C. D. D.全部全部 【解题指南】解答此题时应留意以下三点：【解题指南】解答此题时应留意以下三点：1 1利用一样时间内不同物质的变化量判别能否到达平衡时，利用一样时间内不同物质的变化量判别能否到达平衡时，留意是表示同

14、方向还是不同方向。留意是表示同方向还是不同方向。2 2该反响为在恒容容器中进展的反响前后气体体积不相等该反响为在恒容容器中进展的反响前后气体体积不相等的反响。的反响。3 3反响物反响物NO2NO2为有色气体。为有色气体。 【解析】选【解析】选A A。生成。生成O2O2为正反响，生成为正反响，生成NO2NO2为逆反响，两者的速为逆反响，两者的速率之比等于率之比等于1212，证明反响到达平衡，对；生成，证明反响到达平衡，对；生成O2O2和和NONO都是都是正反响，错；正反响，错；NO2 NO2 、NONO、O2 O2 的反响速率在任何时辰都为的反响速率在任何时辰都为221221，错；混合气体的颜色

15、不再发生变化，阐明，错；混合气体的颜色不再发生变化，阐明NO2NO2的浓的浓度不再发生变化，阐明反响到达了平衡形状，对；由于反响度不再发生变化，阐明反响到达了平衡形状，对；由于反响前后都是气体，气体的密度在恒容容器中一直不变，错；前后都是气体，气体的密度在恒容容器中一直不变，错； 由于反响前后气体的体积不等，当容器内气体的压强不再发生由于反响前后气体的体积不等，当容器内气体的压强不再发生变化时，阐明容器内气体的物质的量不再发生变化，那么反响变化时，阐明容器内气体的物质的量不再发生变化，那么反响到达平衡形状，对；该反响是气体物质的量变化的反响，混到达平衡形状，对；该反响是气体物质的量变化的反响，

16、混合气体的平均相对分子质量不发生变化，反响到达了平衡形状，合气体的平均相对分子质量不发生变化，反响到达了平衡形状，对。因此对。因此A A项正确。项正确。 【互动探求】【互动探求】1 1中怎样用中怎样用NONO和和O2O2的速率关系表示反响到的速率关系表示反响到达平衡形状？达平衡形状？提示：单位时间内生成提示：单位时间内生成2 mol NO2 mol NO同时耗费同时耗费1 mol O21 mol O2。 2 2假设该反响在恒压容器内进展，那么中可以证明假设该反响在恒压容器内进展，那么中可以证明反响到达平衡的有哪些？反响到达平衡的有哪些？提示：。有正、逆反响速率，且反响速率之比等于提示：。有正、

17、逆反响速率，且反响速率之比等于化学计量数之比，正确；错；任何情况都符合，错；混化学计量数之比，正确；错；任何情况都符合，错；混合气体颜色不变，阐明反响到达平衡，正确；由于容器的体合气体颜色不变，阐明反响到达平衡，正确；由于容器的体积可变，密度不变，阐明反响到达平衡，正确；恒压容器压积可变，密度不变，阐明反响到达平衡，正确；恒压容器压强不断不变，错；气体的平均相对分子质量不变，阐明气体的强不断不变，错；气体的平均相对分子质量不变，阐明气体的物质的量不再发生变化，反响到达平衡，正确。物质的量不再发生变化，反响到达平衡，正确。 化学平衡图像分析化学平衡图像分析1.1.图像题的解题思绪图像题的解题思绪

18、“四看四看1 1一看点：即看线段的起点能否经过原点，两条线的交点一看点：即看线段的起点能否经过原点，两条线的交点或者线段的拐点等。或者线段的拐点等。2 2二看线：看线段的走向和变化趋势。二看线：看线段的走向和变化趋势。3 3三看面：看清楚横坐标和纵坐标表示的物理量。三看面：看清楚横坐标和纵坐标表示的物理量。4 4四看要不要作辅助线：看能否需求作等温线或等压线。四看要不要作辅助线：看能否需求作等温线或等压线。 2.2.常见的平衡图像分析常见的平衡图像分析以反响以反响mAmAg g+nB+nBg g pC pCg g+qD+qDg g，m+np+qm+np+q且且H0H0为例为例(1)v-t(1)

19、v-t图像。图像。 vv正正v逆逆增大增大c(A)c(A)v正正= v逆逆tvv正正v逆逆升高温度升高温度tv正正= v逆逆vv正正v逆逆增大压强增大压强v正正= v逆逆tv加催化剂加催化剂v正正= v逆逆t(2)c-t(2)c-t图像。图像。可归纳为：可归纳为：“先拐先平数值大，即先拐先平数值大，即“先拐的先到达平衡，对先拐的先到达平衡，对应的温度或压强大。应的温度或压强大。 (3)c(3)c或或-p(T)-p(T)图像。图像。可归纳为：可归纳为：“定一议二，即固定其中一个要素温度或压强定一议二，即固定其中一个要素温度或压强等，然后讨论另外一个要素与化学平衡的参量浓度、体积等，然后讨论另外一

20、个要素与化学平衡的参量浓度、体积分数、转化率等的变化关系。分数、转化率等的变化关系。 【高考警示钟】【高考警示钟】1 1在图像题中一定要留意看清横、纵坐标表示的意义及图在图像题中一定要留意看清横、纵坐标表示的意义及图像中曲线的变化趋势。像中曲线的变化趋势。2 2不要忽视图像中的比例关系，比例关系普通涉及到计算不要忽视图像中的比例关系，比例关系普通涉及到计算问题。问题。3 3有些图像中曲线的斜率可以反映出变化的程度，不要忽有些图像中曲线的斜率可以反映出变化的程度，不要忽视。视。 【典例【典例2 2】20212021安徽高考电镀废液中安徽高考电镀废液中Cr2O72-Cr2O72-可经过以下可经过以

21、下反响转化成铬黄反响转化成铬黄PbCrO4PbCrO4：Cr2O72-Cr2O72-aqaq+2Pb2+2Pb2+aqaq+H2O+H2Ol l 2PbCrO4 2PbCrO4s s+2H+2H+aqaq H0 H0该反响达平衡后，改动横坐标表示的反响条件，以下表示图正该反响达平衡后，改动横坐标表示的反响条件，以下表示图正确的选项是确的选项是 【解题指南】解答该题要留意以下两点：【解题指南】解答该题要留意以下两点：1 1平衡常数只与温度有关，且该反响的正反响为放热反响，平衡常数只与温度有关，且该反响的正反响为放热反响，升高温度，平衡常数减小。升高温度，平衡常数减小。2 2留意图像中横纵坐标的含

22、义及图像中曲线的变化趋势。留意图像中横纵坐标的含义及图像中曲线的变化趋势。 【解析】选【解析】选A A。 选项选项 具体分析具体分析结论结论A A平衡常数只受温度影响。对于放热反应，升高平衡常数只受温度影响。对于放热反应，升高温度，化学平衡常数减小；对于吸热反应，升温度，化学平衡常数减小；对于吸热反应，升高温度，化学平衡常数增大高温度，化学平衡常数增大 正确正确 B BpHpH增大，增大，c(Hc(H+ +) )减小，平衡向右移动，故减小，平衡向右移动，故CrCr2 2O O7 72-2-转化率增大转化率增大 错误错误 C C升高温度，正、逆反应速率都加快升高温度，正、逆反应速率都加快 错误错

23、误 D D增大增大c(Pbc(Pb2+2+),),平衡向右移动，平衡向右移动，n(Crn(Cr2 2O O7 72-2-) )将减小将减小 错误错误 【互动探求】【互动探求】1 1在该题中，反响在该题中，反响Cr2O72-(aq)+2Pb2+(aq)+H2O(l) 2PbCrO4(s)+2H+(aq)Cr2O72-(aq)+2Pb2+(aq)+H2O(l) 2PbCrO4(s)+2H+(aq)到达到达平衡后，假设继续加水，那么平衡向哪个方向挪动？平衡后，假设继续加水，那么平衡向哪个方向挪动？提示：平衡逆向挪动，提示：平衡逆向挪动，H2OH2O为溶剂，浓度变化可以忽略，可以为溶剂，浓度变化可以忽

24、略，可以类比气体反响平衡时减小压强，平衡逆向挪动。类比气体反响平衡时减小压强，平衡逆向挪动。2 2选项选项C C中升高温度，平衡向哪个方向挪动？中升高温度，平衡向哪个方向挪动？提示：由于正反响为放热反响，升高温度，平衡向逆反响方向提示：由于正反响为放热反响，升高温度，平衡向逆反响方向挪动。挪动。 【变式备选】知可逆反响：【变式备选】知可逆反响：4NH3(g)+5O2(g) 4NO(g)+6H2O(g) H=-1 025 kJ/mol4NH3(g)+5O2(g) 4NO(g)+6H2O(g) H=-1 025 kJ/mol，假设反响物的起始物质的量一样，以下关于该反响的表示图不假设反响物的起始物

25、质的量一样，以下关于该反响的表示图不正确的选项是正确的选项是 【解析】选【解析】选C C。由于正反响为放热反响，升高温度反响速率加。由于正反响为放热反响，升高温度反响速率加快，到达平衡所用时间减少，但是平衡向逆反响方向挪动，快，到达平衡所用时间减少，但是平衡向逆反响方向挪动，NONO的含量减小，的含量减小，A A正确、正确、C C错；增大压强，反响速率加快，到达平错；增大压强，反响速率加快，到达平衡所用时间少，正反响为气体体积增大的反响，增大压强，平衡所用时间少，正反响为气体体积增大的反响，增大压强，平衡向逆反响方向挪动，衡向逆反响方向挪动，NONO的含量减小，的含量减小，B B正确；催化剂对

26、平衡正确；催化剂对平衡没有影响，只是加快反响速率，缩短到达平衡所用的时间，没有影响，只是加快反响速率，缩短到达平衡所用的时间，D D正确。正确。 化学平衡挪动和反响物转化率的变化化学平衡挪动和反响物转化率的变化1.1.转化率转化率转化率转化率= = 100% 100% 反应物的起始浓度反应物的平衡浓度反应物的起始浓度2.2.外界要素对化学平衡和转化率的影响外界要素对化学平衡和转化率的影响1 1反响前后气体体积不相等的反响。反响前后气体体积不相等的反响。如如2SO2(g)+O2(g) 2SO3(g) H02SO2(g)+O2(g) 2SO3(g) Hzyz。2 2由于由于x xy=zy=z，在增

27、大压强时平衡发生挪动，阐明反响前，在增大压强时平衡发生挪动，阐明反响前后一定是气体体积不等的反响，由于后一定是气体体积不等的反响，由于C C是气体，那么是气体，那么A A、B B中最中最多有一种物质为气体。也就是说正反响方向为气体体积增大的多有一种物质为气体。也就是说正反响方向为气体体积增大的方向，所以增大压强平衡向逆反响方向挪动。方向，所以增大压强平衡向逆反响方向挪动。3 3添加添加A A的物质的量平衡不发生挪动阐明的物质的量平衡不发生挪动阐明A A为非气态，能够为非气态，能够为液态或固态。为液态或固态。4 4加热后加热后C C的质量分数减小，阐明平衡向逆反响方向挪动，的质量分数减小，阐明平

28、衡向逆反响方向挪动，逆反响方向为吸热反响，正反响方向为放热反响。逆反响方向为吸热反响，正反响方向为放热反响。答案：答案：(1)x(1)xyz (2)yz (2)逆逆 (3) (3)液态或固液态或固 (4) (4)放热放热 【技巧点拨】平衡挪动方向的运用【技巧点拨】平衡挪动方向的运用1 1判别物质形状：根据压强的改动和平衡挪动的方向判别判别物质形状：根据压强的改动和平衡挪动的方向判别反响物或生成物能否为气态物质。反响物或生成物能否为气态物质。2 2判别反响前后化学计量数关系：根据压强的改动和平衡判别反响前后化学计量数关系：根据压强的改动和平衡挪动的方向，判别知可逆反响的反响物与生成物的化学计量数

29、挪动的方向，判别知可逆反响的反响物与生成物的化学计量数大小关系。大小关系。3 3判别反响是吸热还是放热：根据温度变化时平衡挪动的判别反响是吸热还是放热：根据温度变化时平衡挪动的方向，判别正反响为吸热反响还是放热反响。方向，判别正反响为吸热反响还是放热反响。 4 4调控反响进展的方向：根据外界要素对化学反响速率和调控反响进展的方向：根据外界要素对化学反响速率和化学平衡的影响，可以经过控制条件的改动来实现控制平衡挪化学平衡的影响，可以经过控制条件的改动来实现控制平衡挪动的方向。动的方向。5 5判别反响物的转化率改动：根据外界要素改动时平衡挪判别反响物的转化率改动：根据外界要素改动时平衡挪动的方向，

30、判别到达新的平衡时某反响物转化率是增大还是减动的方向，判别到达新的平衡时某反响物转化率是增大还是减小。小。 【变式训练】恒温恒容条件下，以下表达正确的选项是【变式训练】恒温恒容条件下，以下表达正确的选项是 A.A.甲、乙两容器中分别参与甲、乙两容器中分别参与1 g SO21 g SO2、1 g O21 g O2与与2 g SO22 g SO2、2g O22g O2，反响，反响2SO2(g)+O2(g) 2SO3(g)2SO2(g)+O2(g) 2SO3(g)到达平衡，到达平衡，SO2SO2的转化率的转化率前前者大者大B.B.反响反响2HI2HIg g H2(g)+I2(g)H2(g)+I2(g

31、)达平衡，增大达平衡，增大HIHI的物质的量，的物质的量，平衡不挪动平衡不挪动C.C.反响反响2HI2HIg g H2(g)+I2(g)H2(g)+I2(g)达平衡，增大达平衡，增大HIHI的物质的量，的物质的量，HIHI分解率不变，体积分数不变分解率不变，体积分数不变D.D.反响反响2NO2(g) N2O4(g)2NO2(g) N2O4(g)到达平衡时，再向容器内通入一定到达平衡时，再向容器内通入一定量的量的NO2(g)NO2(g)，重新到达平衡后，与第一次平衡时相比，重新到达平衡后，与第一次平衡时相比，NO2NO2的体的体积分数增大积分数增大 【解析】选【解析】选C C。反响。反响2SO2

32、2SO2g g+O2+O2g g 2SO32SO3g g，甲容器，甲容器与乙容器相比较，甲容器中气体压强是乙容器中气体压强的与乙容器相比较，甲容器中气体压强是乙容器中气体压强的1/21/2，所以乙中压强大，所以乙中压强大，SO2SO2的转化率高，的转化率高，A A错；错；2HI2HIg g H2H2g g+I2+I2g g到达平衡时，添加到达平衡时，添加HIHI的量，平衡的量，平衡向正反响方向挪动，但是向正反响方向挪动，但是HIHI的转化率不变，体积分数不变，的转化率不变，体积分数不变，B B错、错、C C对；反响对；反响2NO22NO2g g N2O4N2O4g g到达平衡，再参与到达平衡，

33、再参与NO2NO2g g，假设是恒容容器，那么，假设是恒容容器，那么NO2NO2的体积分数减小；假设是恒的体积分数减小；假设是恒压容器，压容器，NO2NO2的体积分数不变，的体积分数不变，D D错。错。 【解题技巧【解题技巧6 6】虚拟法处理化学平衡问题虚拟法处理化学平衡问题 1.1.优点优点虚拟法是指在分析或处理问题时，根据需求和能够，虚拟出能虚拟法是指在分析或处理问题时，根据需求和能够，虚拟出能方便解题的对象，并以此为中介，实现由条件向结论转化的思方便解题的对象，并以此为中介，实现由条件向结论转化的思想方法。经过设置虚拟对象，可以把比较模糊的问题详细化、想方法。经过设置虚拟对象，可以把比较

34、模糊的问题详细化、明确化，使很多问题的处理更明确、易了解明确化，使很多问题的处理更明确、易了解, ,为处理问题提供为处理问题提供捷径。捷径。 2.2.解题关键解题关键虚拟法的解题关键是对比较复杂且有相互关联的问题，仔细分虚拟法的解题关键是对比较复杂且有相互关联的问题，仔细分析它们的内在联络析它们的内在联络, ,虚拟出一个合理的虚拟出一个合理的“中间形状，构建一个中间形状，构建一个处理问题的桥梁。处理问题的桥梁。 3.3.常见类型常见类型处理化学平衡问题时，合理运用虚拟法可以事半功倍，常见有处理化学平衡问题时，合理运用虚拟法可以事半功倍，常见有以下三种类型：以下三种类型：1 1极端虚拟。虚拟一个

35、极端虚拟。虚拟一个“极端形状，即把相关的化学平衡极端形状，即把相关的化学平衡问题推到极端形状，假定可逆反响可以向一个方向完全进展究问题推到极端形状，假定可逆反响可以向一个方向完全进展究竟，找出符合题意的能够的最大值或最小值，将事物变化的规竟，找出符合题意的能够的最大值或最小值，将事物变化的规律迅速暴显露来，使因果关系变得非常明显，从而使问题顺利律迅速暴显露来，使因果关系变得非常明显，从而使问题顺利处理。因该方法无法确定实践值，所以较适用于解答选择题和处理。因该方法无法确定实践值，所以较适用于解答选择题和半定量型的填空题。半定量型的填空题。 2 2等效虚拟。等效虚拟。即虚拟一个即虚拟一个“中间形

36、状，化学平衡的特点之一是中间形状，化学平衡的特点之一是“同，即条同，即条件不变时，无论反响从正反响方向开场，还是从逆反响方向开件不变时，无论反响从正反响方向开场，还是从逆反响方向开场，或是从中间某一形状开场，均可以到达同一平衡形状即等场，或是从中间某一形状开场，均可以到达同一平衡形状即等效平衡形状。因此，合理设置效平衡形状。因此，合理设置“中间形状可以使问题顺利处中间形状可以使问题顺利处理。理。 3 3过程虚拟。过程虚拟。即对于一些较为复杂、笼统的过程往往难以作出明确的判别，即对于一些较为复杂、笼统的过程往往难以作出明确的判别，假设将其虚拟为假设干个简单、详细的过程，会使问题变得简假设将其虚拟

37、为假设干个简单、详细的过程，会使问题变得简单明了，从而得以处理。在解题时假设遇到比较条件改动后的单明了，从而得以处理。在解题时假设遇到比较条件改动后的新、旧平衡间某量的关系有困难时，可以思索构建一个与旧平新、旧平衡间某量的关系有困难时，可以思索构建一个与旧平衡等效的衡等效的“虚拟的第三平衡，然后经过紧缩或扩展体积等手虚拟的第三平衡，然后经过紧缩或扩展体积等手段，再与新平衡沟通，以构成有利于问题处理的新构造，促使段，再与新平衡沟通，以构成有利于问题处理的新构造，促使条件向结论转化。条件向结论转化。 1.1.一定量的混合气体在密闭容器中发生反响：一定量的混合气体在密闭容器中发生反响：mA(g)mA

38、(g)nB(g) pC(g)nB(g) pC(g)到达平衡时，维持温度不变，将气体到达平衡时，维持温度不变，将气体体积减少到原来的体积减少到原来的1/21/2，当到达新的平衡时，气体，当到达新的平衡时，气体C C的浓度变为的浓度变为原平衡时的原平衡时的1 19 9倍，那么以下说法正确的选项是倍，那么以下说法正确的选项是 A Am mn np pB Bm mn np pC C平衡向正反响方向挪动平衡向正反响方向挪动D DC C的质量分数添加的质量分数添加 【解析】选【解析】选B B。当气体体积减少到原来的。当气体体积减少到原来的1/21/2，假设平衡未发生，假设平衡未发生挪动虚拟出一种中间形状，

39、那么挪动虚拟出一种中间形状，那么C C的浓度为原平衡时的的浓度为原平衡时的2 2倍，倍，而现实上平衡发生了挪动，平衡挪动的结果是而现实上平衡发生了挪动，平衡挪动的结果是C C的浓度变为原的浓度变为原平衡时的平衡时的1.91.9倍，那么可以为由虚拟中间形状向逆反响方向发倍，那么可以为由虚拟中间形状向逆反响方向发生了挪动。生了挪动。 2.2.向一容积不变的密闭容器中充入向一容积不变的密闭容器中充入1 mol N2O41 mol N2O4，建立了平衡，建立了平衡N2O4 2NO2N2O4 2NO2，测知，测知N2O4N2O4的转化率为的转化率为a a，在其他条件不变，在其他条件不变时再通入时再通入1

40、 mol N2O41 mol N2O4，待重新建立新平衡时，待重新建立新平衡时N2O4N2O4的转化率为的转化率为b b。a a与与b b的大小关系为的大小关系为 A.aA.ab B.ab B.ab bC.aC.ab D.b D.无法确定无法确定 【解析】选【解析】选B B。 不少同窗以为，添加反响物的量，能提高反响不少同窗以为，添加反响物的量，能提高反响物的转化率，故而不假思索地选择物的转化率，故而不假思索地选择A A项导致错误。假设在新、项导致错误。假设在新、旧平衡之间设置一个中间过程，那么有利于问题的分析与处理。旧平衡之间设置一个中间过程，那么有利于问题的分析与处理。 假设将形状假设将形

41、状的容器的容积扩展为原来的的容器的容积扩展为原来的2 2倍，再参与倍，再参与1 mol N2O41 mol N2O4，即构成其他条件不变时与之等效的中间形状，即构成其他条件不变时与之等效的中间形状，N2O4N2O4的转化率一样。将形状的转化率一样。将形状紧缩到形状紧缩到形状，平衡必逆向挪动，平衡必逆向挪动，N2O4N2O4的转化率必减小。的转化率必减小。 3.3.某温度下，在一容积可变的密闭容器中，反响某温度下，在一容积可变的密闭容器中，反响2A(g)+B(g) 2C(g)2A(g)+B(g) 2C(g)到达平衡时，到达平衡时，A A、B B和和C C的物质的量分别为的物质的量分别为 4 mo

42、l4 mol、2 mol2 mol、4 mol4 mol。坚持温度和压强不变，对平衡混合物。坚持温度和压强不变，对平衡混合物中三者物质的量作如下调整，可使平衡右移的是中三者物质的量作如下调整，可使平衡右移的是 A A均减半均减半 B.B.均加倍均加倍C.C.均添加均添加1 mol D.1 mol D.均减少均减少1 mol 1 mol 【解析】选【解析】选C C。在容积可变的情况下，假设均加倍或均减半的。在容积可变的情况下，假设均加倍或均减半的话，对平衡时的各物质来讲，浓度均没有发生变化，故正逆反话，对平衡时的各物质来讲，浓度均没有发生变化，故正逆反响速率均没有发生变化，平衡不发生挪动。对响速

43、率均没有发生变化，平衡不发生挪动。对C C、D D可以作如下可以作如下分析：分析：上述三种形状是等效的。对于上述三种形状是等效的。对于C C项，相当于在形状项，相当于在形状的情况下的情况下再参与再参与0.5 mol B0.5 mol B，B B的浓度添加，平衡向正反响方向挪动，符的浓度添加，平衡向正反响方向挪动，符合题意。同理可知合题意。同理可知D D不正确。不正确。 1.1.在容器中进展如下反响：在容器中进展如下反响：X2(g)+Y2(g) 2Z(g)X2(g)+Y2(g) 2Z(g)，知，知X2X2、Y2Y2、Z Z的起始浓度分别为的起始浓度分别为0.1 mol/L0.1 mol/L、0.

44、3 mol/L0.3 mol/L、0.2 mol/L0.2 mol/L，在一定条件下，当反响到达平衡时，各物质的浓度有能够在一定条件下，当反响到达平衡时，各物质的浓度有能够是是 A.ZA.Z为为0.3 mol/L B.Y20.3 mol/L B.Y2为为0.4 mol/L0.4 mol/LC.X2C.X2为为0.2 mol/L D.Z0.2 mol/L D.Z为为0.4 mol/L 0.4 mol/L 【解析】选【解析】选A A。根据反响。根据反响X2(g)+Y2(g) 2Z(g)X2(g)+Y2(g) 2Z(g)可知，假设反可知，假设反响正向进展究竟，响正向进展究竟，X2X2、Y2Y2、Z

45、Z的浓度分别为的浓度分别为0 mol/L0 mol/L、0.2 0.2 mol/Lmol/L、0.4 mol/L0.4 mol/L；假设反响逆向进展究竟，那么；假设反响逆向进展究竟，那么X2X2、Y2Y2、Z Z的浓度分别为的浓度分别为0.2 mol/L0.2 mol/L、0.4 mol/L0.4 mol/L、0 mol/L0 mol/L。由于反响为。由于反响为可逆反响，不能够进展究竟，所以可逆反响，不能够进展究竟，所以X2X2、Y2Y2、Z Z的浓度分别位于的浓度分别位于上述值范围内，上述值范围内，A A项正确。项正确。 2.2.一定条件下反响一定条件下反响2AB(g) A2(g)+B2(g

46、)2AB(g) A2(g)+B2(g)到达平衡形状的标到达平衡形状的标志是志是 A.A.单位时间内生成单位时间内生成n mol A2n mol A2，同时耗费，同时耗费2n mol AB2n mol ABB.B.容器内，容器内，3 3种气体种气体ABAB、A2A2、B2B2共存共存C.ABC.AB的耗费速率等于的耗费速率等于A2A2的耗费速率的耗费速率D.D.容器中各组分的物质的量分数不随时间变化容器中各组分的物质的量分数不随时间变化【解析】选【解析】选D D。A A项均表示正反响方向；项均表示正反响方向；B B项是可逆反响的特点，项是可逆反响的特点，无法判别反响能否到达平衡；无法判别反响能否

47、到达平衡；C C项表示的正、逆反响速率的大项表示的正、逆反响速率的大小不符合化学计量数之比；小不符合化学计量数之比；D D项，反响到达平衡时，各组分的项，反响到达平衡时，各组分的百分含量物质的量分数坚持不变，故只需百分含量物质的量分数坚持不变，故只需D D项正确。项正确。 3.3.知：知：C Cs s+CO2+CO2g g 2CO 2COg g H H0 0。该反响到达。该反响到达平衡后，以下条件有利于反响向正反响方向进展的是平衡后，以下条件有利于反响向正反响方向进展的是 A.A.升高温度和减小压强升高温度和减小压强 B. B.降低温度和减小压强降低温度和减小压强C.C.降低温度和增大压强降低温度和增大压强 D. D.升高温度和增大压强升高温度和增大压强【解析】选【解析】选A A。由于正反响为吸热反响，所以升高温度，平衡。由于正反响为吸热反响，所以升高温度，平衡向正反响方向挪动；由于正反响方向是气体体积增大的反响，向正反响方向挪动；由于正反响方向是气体体积增大的反响， 减小压强有利于平衡向正