湖南省益阳市高二物理下学期月月考试题

1、益阳市2017年上学期高二3月月考物理试题 考试时间90分钟，总分100分 一、选择题（本题13小题，每题4分，共52分；1-8小题为单选题，9-13小题为多选题，全对得4分漏选得2分。）1.下列关于科学家对电磁学的发展所做出的贡献中,说法正确的是( ) A.法拉第电磁感应定律是法拉第研究了电磁感应现象,并总结出的规律 B.奥斯特发现了电流的磁效应并总结出安培定则C.法拉第电磁感应定律是由纽曼、韦伯在对理论和实验资料进行严格分析后总结出的规律D.楞次总结出了楞次定律并发现了电流的磁效应2. 粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行。

2、现将线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框的一边a、b两点间电势差绝对值最大的是（ ）b3. 如图所示的电路中,电阻R和电感线圈L的值都较大,电感线圈的电阻不计,A、B是两只完全相同的灯泡,当开关S闭合时,下面能发生的情况是( ) A. B比A先亮,然后B熄灭 B. A比B先亮,然后A熄灭 C. A、B一起亮,然后A熄灭 D. A、B一起亮,然后B熄灭4下列说法正确的是(     )A温度升高，物体的每一个分子的动能都增大B外界对气体做功，气体的内能一定增大C当两个分子间的距离为r0（平衡位置）时，分子力为零，分子势能

3、最小D布朗运动是悬浮在液体中固体颗粒分子的无规则运动5. 下列有关热力学第二定律的说法正确的是（    ）A气体自发地扩散运动总是向着更为无序的方向进行，是可逆过程B第二类永动机虽然不违反能量守恒定律，但它是制造不出来的C空调既能制冷又能制热，说明热传递不具有方向性D一定质量的理想气体向真空自由膨胀时，体积增大，熵减小6甲、乙两个分子相距较远，它们之间的分子力弱到可忽略不计的程度。若使甲分子固定不动，乙分子逐渐靠近甲分子，直到不能再靠近的整个过程中，分子力对乙分子做功的情况是 （ ）A先做正功，后做负功 B始终做负功C始终做正功 D先做负功，后做正功7如图所示,在

4、磁感应强度为B的匀强磁场中,有半径为r的光滑半圆形导体框,OC为一能绕O在框架上滑动的导体棒,Oa之间连一电阻R,导体框架与导体棒的电阻均不计,若要使OC能以角速度逆时针匀速转动,则( ) A.通过电阻R的电流方向由a经R到O B.导体棒O端电势低于C端的电势 C.外力做功的功率为 D. 回路中的感应电流大小为aaavBB8 . 如图所示，一个边长为a、电阻为R的等边三角形线框，在外力作用下，以速度v匀速穿过宽均为a的两个匀强磁场.这两个磁场的磁感应强度大小均为B方向相反.线框运动方向与底边平行且与磁场边缘垂直.取逆时针方向的电流为正。若从图示位置开始，线框中产生的感应电流I与沿运动方向的位移

5、x之间的函数图象，下面四个图中正确的是（ ）itOitOitOitO A B C D9如图10甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为41，电压表和电流表均为理想电表，原线圈接如图乙所示的正弦交流电，图中Rt为热敏电阻(随温度升高其电阻变小)，R为定值电阻下列说法正确的是()甲 图10 乙A副线圈两端电压的瞬时值表达式为u9sin 50t VBt0.02 s时电压表V2的示数为9 VC变压器原、副线圈中的电流之比和输入、输出功率之比均为14DRt处温度升高时，电流表的示数变大，电压表V2的示数不变10.如图，内壁光滑、绝热的气缸通过有一定质量的绝热活塞封闭着一定量的气体，先使气缸保持静止然后释放

6、气缸使其做自由落体运动，当活塞与气缸重新达到相对静止时，对于缸内气体，下列表述正确的有（ ）A 气体分子热运动停止，气体对活塞没有作用力B 分子热运动变得剧烈，气体对活塞的作用力增大C 分子间的平均距离比原来增大D 内能比原来减少11一定质量理想气体的状态经历了如图所示的、四个过程，其中的延长线通过原点，垂直于且与水平轴平行，与平行，则气体体积在( )A过程中不断增加B过程中保持不变C过程中不断增加D过程中可能保持不变12下列四幅图分别对应四种说法，其中正确的是（ ）  （A）微粒运动就是物质分子的无规则热运动，即布朗运动（B）当两个相邻的分子间距离为r0时，它们间相互作用的引力和斥

7、力大小相等（C）食盐晶体的物理性质沿各个方向都是一样的（D）小草上的露珠呈球形的主要原因是液体表面张力的作用 13. 如图所示，在足够高的水平桌面上放置两条相距L的平行且无限长的粗糙金属导轨ab和cd，阻值为R的电阻与导轨的a、c端相连，其余电路电阻不计，金属滑杆MN垂直于导轨并可在导轨上滑动整个装置放于匀强磁场中，磁场方向竖直向上，磁感应强度的大小为B.滑杆的中点系一不可伸长足够长的轻绳，绳绕过固定在桌边的光滑轻滑轮后，与一质量为m的物块相连，绳处于拉直状态，现若从静止开始释放物块，用I表示稳定后回路中的感应电流，g表示重力加速度，设滑杆在运动中所受阻力恒为f，则在物体下落过程中(

8、 )A物体的最终速度B物体的最终速度C稳定后物体重力的功率I2RD物体重力的最大功率为二、填空、实验题题（共10分2*5=10分）14.在做“用油膜法估测分子直径的大小”的实验时，实验简要步骤如下：A.将画有油膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上,数出轮廓内的方格数(不足半个的舍去,多于半个的算一个),再根据方格的边长求出油膜的面积SB.将一滴酒精油酸溶液滴在水面上,待油酸薄膜的形状稳定后,将玻璃板放在浅盘上,用彩笔将薄膜的形状描画在玻璃板上C.用浅盘装入约2 cm深的水,然后把痱子粉或石膏粉均匀地撒在水面上D.用公式L=,求出薄膜厚度,即油酸分子的大小E.根据酒精油酸溶液的浓度,算出一滴溶液中纯油酸的

9、体积VF.用注射器或滴管将事先配制好的酒精油酸溶液一滴一滴地滴入量筒,记下量筒内增加一定体积时的滴数上述实验步骤的合理顺序是. 15.在“用油膜法估测分子大小”实验中所用的油酸酒精溶液的浓度为1 000 mL溶液中有纯油酸0.6 mL，用注射器测得1 mL上述溶液为80滴，把1滴该溶液滴入盛水的浅盘内，让油膜在水面上尽可能散开，测得油酸薄膜的轮廓形状和尺寸如图所示，图中正方形方格的边长为1 cm，试求：（1）油酸膜的面积是_cm2；（2）实验测出油酸分子的直径是_m；（结果保留两位有效数字）16已知地球大气层的厚度h远小于地球半径R，空气平均摩尔质量为M，阿伏伽德罗常数为，地面大气压强为，重力

10、加速度大小为g ,由此可以估算得:（1）地球大气层空气分子总数为_（2）空气分子之间的平均距离为_三、计算题（共38分）17. （9分）如图所示，一根两端开口、横截面积为S=2cm2足够长的玻璃管竖直插入水银槽中并固定（插入水银槽中的部分足够深）管中有一个质量不计的光滑活塞，活塞下封闭着长L=21cm的气柱，气体的温度为t1=7，外界大气压取P0=1.0×105Pa（相当于75cm高的汞柱的压强）（1）若在活塞上放一个质量为m=0.1kg的砝码，保持气体的温度t1不变，则平衡后气柱为多长？（g=10m/s2）（2）若保持砝码的质量不变，对气体缓慢加热，使其温度升高到t2=77，此时气

11、柱为多长？（3）若在（2）过程中，气体吸收的热量为10J，则气体的内能增加多少？18. （8分）如图所示，某发电站通过燃烧煤来发电发电站通过升压变压器、输电线和降压变压器把电能输送给生产和照明组成的用户，发电机输出功率是120 kW，输出电压是240 V，升压器原、副线圈的匝数之比为150，输电线的总电阻为10 ，用户需要的电压为220 V则：(1)输电线上损失的电功率为多少？(2)降压变压器原、副线圈的匝数比为多少？11119(9分) 如图15所示，用销钉将活塞固定，A、B两部分体积比为21，开始时，A中温度为127，压强为1.8atm，B中温度为27，压强为1.2atm.将销钉拔掉，活塞在

12、筒内无摩擦滑动，且不漏气，最后温度均为27，活塞停止，求气体的压强 20.（12分）如图所示，在匀强磁场中有一倾斜的平行金属导轨，导轨间距为L=0.2m，长为2d，d=0.5m，上半段d导轨光滑，下半段d导轨的动摩擦因素为=，导轨平面与水平面的夹角为=30°匀强磁场的磁感应强度大小为B=5T，方向与导轨平面垂直质量为m=0.2kg的导体棒从导轨的顶端由静止释放，在粗糙的下半段一直做匀速运动，导体棒始终与导轨垂直，接在两导轨间的电阻为R=3，导体棒的电阻为r=1，其他部分的电阻均不计，重力加速度取g=10m/s2，求：(1)导体棒到达轨道底端时的速度大小；(2)导体棒进入粗糙轨道前，通

13、过电阻R上的电量q；(3)整个运动过程中，电阻R产生的焦耳热Q 物理答案一、 选择题（本题13小题，每题4分，共52分；1-8小题为单选题，9-13小题为多选题，全对得4分漏选得2分。）1 C 2 B 3 D 4 C 5 B 6 A 7 C 8 B 9 BD 10 CD 11 AB12 BD 13 BD二、填空题（每空2分，共10分）14.CFBAED 15（1）113115都对 （2）6.5×10-106.6×10-10都对 16 三、计算题（共38分）17. 解：（1）被封闭气体的初状态为：  P1=P0=1.0×105Pa=75cmHg，V1=LS

14、=21S，T1=280K末态为：P2=P0+=1.0×105+=1.05×105pa=78.75cmHg， V2=L2S，T2= T1=280K根据玻意耳定律，有：P1V1=P2V2即：P1L1=P2L2 得：L2=（2）对气体加热后，气体的状态变为：P3= P2，V3=L3S，T3=350K 根据盖吕萨克定律，有： 即：得：（3）气体对外做功W=P2Sh=P2S（L3L2）=1.05×105×2×104×（0.250.20）J=1.05J根据热力学第一定律有：U=W+Q=1.05+10=8.95J18（10分）解析(1)根据理想变压器的变压规律得输电电压 U2U1×240 V12000 V输电电流：I2A10 A输电线上损失的功率PIr102×10 W1 000 W.(2)输电线上损失的电压 UI2r10×10 V100 V降压变压器原线圈两端的电压 U3U2U12000 V100 V11900 V根据理想变压器的变压规律得：.19解析对A部分气体：p11.8 atm，V12V，T1400 K