安徽省合肥寿春中学2017-2018学年高二物理上学期11月教学质量检测试题(含解析)

1、安徽合肥寿春中学 2017-2018 学年上学期高二 11 月教学质量检测卷物一、单项选择题（每题只有一个选项正确）1. 下述说法正确的是（）!A. 根据 可知：电场中某点的场强与电场力成正比。qQB. 根据可知：点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比。rC. 根据场强叠加原理可知：合电场的场强一定大于分电场的场强。D. 电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹【答案】B【解析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，由电场本身决定，与F、q无关，故QA 错误；点电荷的场强决定式：可知，E与Q成正比，故 B 正确；场强的叠加遵守平行r四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但不一定

2、比分场强大，也可能相等，也可能比分场强小，故 C 错误；电场线表示电场的强弱和方向，电荷的轨迹不一定与电场线重合，故 D 错误。所以 B 正确，ACD 错误。2. 如图所示，R和F2是材料相同、厚度相同、表面均为正方形的导体，R边长为 2L,R边长为L,若R的阻值为 4Q,贝 UF2的阻值为（）A. 4QB. 8QC. 16QD. 64Q【答案】AL【解析】由公式=爲知，长度比为 2:1，横截面积比为 2:1 ,所以两电阻比为 1:1 ,故A正确,i B. C.D错误。故选：A.-2 -3.如图所示，金属球壳 A 带有正电，其上方有一小孔a，静电计 B 的金属球 b 用导线与金属小球 c 相连

3、，以下操作所发生的现象正确的是（）-3 -A. 将 c 移近 A,但不与 A 接触，B 会张开一定角度B. 将 c 与 A 外表面接触后移开 A, B 不会张开一定角度C. 将 c 与 A 内表面接触时，B 不会张开角度D. 将 c 从导线上解下，然后用绝缘细绳吊着从A 中小孔置入 A 内，并与其内壁接触，再提出空腔，与 b 接触，B 会张开一定角度【答案】A【解析】试题分析：静电平衡后，由于静电感应，金属球壳A 内壁没有电荷，电荷全部分布在外表面，通过感应或接触起电，从而可判定静电计的指针如何变化.解：A、把 C 逐渐从远处向 A 靠近过程中，由于静电感应，结合逆着电场线方向，电势增加，则

4、B 的指针张开故 A 正确.B 当把 C 与 A 的外表面接触，则 C 带正电，导致 B 的指针张开，故 B 正确.C 把 C 与 A 的内表面接触，静电平衡后，电荷只分布在外表面，但静电计仍处于外表面，则B 指针会张开.故 C 错误.D c 与 A 内壁接触时，由于静电屏蔽，使小球c 不带电；故再与 b 接触时，B 不会张开角度；故 D 错误；故选：AB.【点评】本题考查对于感应起电的理解能力，抓住静电平衡导体的特点，注意静电平衡的电荷分布；同时还要区别 B 和 C 两项中不同之处.4.如图所示，在原来不带电的金属细杆ab附近P处，放置一个正点电荷，c为ab的中点，d为P和金属杆连线的中点达

5、到静电平衡后（）C.点电荷在杆内c的场强为零 D.b端的电势比d点的电势低A.a端的电势比b端的高 B.a端的电势比b端的低-4 -【答案】D【解析】A. B.达到静电平衡后，导体为等势体，导体上的电势处处相等，所以可以得到0a=0b,所以A错误，B错误；C. 达到静电平衡后，导体为等势体，杆内c的场强为零，点电荷在 C 点的场强与感应电荷在C 点的场强等大反向，点电荷在杆内c的场强不为零，故C错误；D. 由于正电荷在右边，所以越往右电场的电势越高，所以0d0b,故D正确；故选：D.点睛：根据静电平衡可知，同一个导体为等势体，导体上的电势处处相等，导体内电场强度处处为零，点电荷在导体内的场强与

6、感应电荷在导体内的场强等大反向，。再由固定电荷产生的电场可以确定电势的高低.5.用细绳拴一个质量为 m 带正电的小球 B,另一个也带正电的小球 A 固定在绝缘竖直墙上，A、B 两球离地面的高度均为 h.小球 B 在重力、拉力和库仑力的作用下静止不动，如图所示.现将细绳剪断后（）A. 小球 B 在细绳剪断瞬间开始做平抛运动B. 小球 B 在细绳剪断瞬间加速度等于 g2hC. 小球 B 落地的时间等于屆D. 小球 B 落地的速度大于【答案】D【解析】A、将细绳剪断瞬间，小球受到球的重力和库仑力的共同的作用，合力斜向右下方，并不是只有重力的作用，因此剪断瞬间起开始，不可能做平抛运动，且加速度大于g,

7、故 AB错误；CD 小球在落地过程中，除受到重力外，还受到库仑斥力，那么竖直方向的加速度大于g,因此球落地的时间小于，落地的速度大于.，故 C 错误，D 正确；故选 Do6.用两只完全相同的电流表分别改装成一只电流表和一只电压表，将它们串联起来接入电路-5 -中（两只表均能正常工作），如图所示，此时（）-6 -A. 两只电表的指针偏转角相同B. 两只电表的指针都不偏转C. 电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角D. 电流表指针的偏转角大于电压表指针的偏转角【答案】C【解析】试题分析：电流表改装成电压表是串联较大的分压电阻；电流表改装成大量程电流 表是并联较小的分流电阻；两表串联后，通过电流表

8、的总电流与电压表的电流相等，由于电 流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻，所以大部分电流通过了分流电阻，通过表 头的电流很小，电流表指针的偏转角小于电压表指针的偏转角，故 ABD 错误，C正确；故选 Co考点：电表的改装【名师点睛】本题关键是明确电流表和电压表的改装原理，电流表改装成电压表是串联较大 的分压电阻；电流表改装成大量程电流表是并联较小的分流电阻；熟悉串联电路的电流特点， 基础题。7.图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G 和一个变阻器 R 组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（）甲乙A. 甲表是电流表，R增大时量程增大B.

9、甲表是电压表，R增大时量程增大C. 乙表疋电流表，R增大时量程减小D. 乙表是电压表，R增大时量程增大【答案】B-7 -【解析】灵敏电流5十G改装电压表需串联大电阻分压T改装成电Ml表需并联小电阻分流,根据图可知,甲表为电流表并联的电阻越大，则分流越小,号程越小AB错误.乙表是电压表，R越大.则分压越大，号程越大，故C错误，D正确。点晴：难度较小，改装电压表和电流表所应用的原理都是串联分压和并联分流。8.在如下图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和电场强度都相同的是（）【答案】D【解析】试题分析：A 图中 a、b 两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，场强

10、不同， 选项 A 错误；B 图中 a、b 两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，场强不同，选项 B 错误；C 图中 a、b 两点的电势相同，场强大小及方向也相同，选项C 正确；D 图中 a、b 两点的电势相同，场强大小相同，但是方向不同，场强不同，选项D 错误；故选 C.考点：电场强度；电势【名师点睛】此题考查场强和电势；比较场强时不但要看场强的大小，还要看场强的方向； 场强的叠加满足平行四边形法则.二、多项选择题（每小题有多个选项是正确答案）9.铅蓄电池的电动势为 2 V，这表示（）.A. 电路中每通过 1 C 电荷量，电源把 2 J 的化学能转化为电能B. 铅蓄电池断开时其两极间的电

11、压为2 VC. 铅蓄电池在 1 s 内将 2 J 的化学能转变成电能D. 铅蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为1.5 V ）的大【答案】ABD【解析】A.铅蓄电池的电动势为 2V,表示非静电力将 1C 正电荷从电源的负极通过电源内部 移送到正极时电源把 2 J的化学能转化为电能，A 正确；B.当电池不接入外电路时，外电路电-8 -阻无穷大，蓄电池两极间的路端电压为2V;当电池接入电路时，两极间的电压小于2V,故B正确；C. 铅蓄电池在 1 s 内将多少化学能转变成电能，与电流大小有关，即与电路有关，故C错误;D. 电动势表征电源把其他形式的能转化为电能本领强弱，电动势大，转化

12、本领大。一节干电池的电动势为 1.5 V,则蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池（电动势为 1.5V）的大,D 正确。故选：ABD10.在如图所示电路中，电源电动势为 10V,内阻为 1.0Q,电阻R0为 1Q,小型直流电动机 M 的内阻为 0.5Q,闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为 2.0A，则以下判断中正确的 是（ ）-O_A. 电动机的输出功率为10.0WB. 电动机输出功率为14.0WC. 电源输出的电功率为16.0WD. 电源输出的电功率为 9 14.0W【答案】AC【解析】AE、电路中电流表的示数为 2.0A，所以电动机的电压为：:：|1 1-1 -，电动机的总功率为

13、：P ,m=UI=6X2=12Vy电动机的发热功率为：P热=I2R=22X0.5=2W,所以电动机的输出功率为：P出=12W-2W=10,所以 A 正确，B 错误；CD 电源的输出的功率为：P输出=EI-I2R=10X2-22X仁 16Vy故 C 正确，D 错误.故选：ACo点睛：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU 来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计 算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的.11.利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域如图是霍尔元件的工作

14、原理示意图，磁感应强度B 垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流 I , C、D-9 -两侧面会形成电势差 UCD下列说法中正确的是（）-10 -A. 电势差UCD仅与材料有关B. 若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差UCD a2，贝UQ 必定为正电荷且在 M 点的左端B. 电子在 A 点的速度小于在 B 点的速度C. 电子在 A 点的电势能 Ei小于在 B 点的电势能 E2D.B点电势高于A点电势【答案】AC【解析】A 项：若 aia2,表明电荷在 A 点受的电场力更大，又电子受的电场力向左，即 A点离点电荷 Q 更近，故 A 正确；B 项：电子从 A 到 B,电场力做负功，电子的

15、动能减小，故B 错误；C 项：电子从 A 到 B,电场力做负功，电子的电势能增大，故C 正确；D 项：根据负电荷在电势高的地方电势能小可知，A点电势高于 B 点电势，故 D 错误。点晴：解决本题关键理解做曲线运动的物体所受合外力指向曲线的内侧。i4.如图所示，电源电动势E= 6V,内阻r= iQ,电阻R= 2Q,R2= 3Q,R3= 7.5Q,电容阻为R ,则R则 D 正确；故选AD。13.如图所示，在点电荷 Q 产生的电场中，实线MN 是一条方向未标出的电场线，虚线AB 是一个电子只在静电力作用下的运动轨迹。设电子在A、B 两点的加速度大小分别为ai、a2，电-12 -器电容C= 4 卩 F

16、,开关S原来断开，现在合上开关S到电路稳定，则()A.S断开时电容器a极板带正电B.S断开时电容器的电压为3VC. 从S断开到合上开关S且电路稳定后，流过电流表的电量为5.2X10-6CD. 从S断开到合上开关S且电路稳定后，流过电流表的电量为1.92X10-5C【答案】BD【解析】S 断开，C 相当于断路，R3中无电流，C 两端电压等于 Rz两端电压，由于 a 极板的电势比 b 极板的电势高，所以电容器 a 极板带正电电容器的电压:兔3丄-飞+匕- + ”故 AB 正确.S 合上电路稳定后，R 与 R 串联后再与 R3并联，C 两端电压等于 R 两端电压，b 极板的电势比a 极板的电势高，所

17、以电容器b 极板带正电.由电路分析知，外电路总电阻为：(K) )4R典(2+3) x 7 5；电容器的电压为：Rt+ R2+2十2十7.5R1R蚪23a R + R R拆 +r2 + 3 3 + 1流过电流表的电量为 Q=CU+CU=4X10-6X(3+1.8 ) C=1.92X10-5C,故 C 错误，D 正确. 故选 ABD.点睛：本题主要考查了串并联电路的特点及闭合电路欧姆定律的直接应用，要求同学们能理 清电路的结构，明确电路结构变化时，电容器的电压如何变化.三、实验题15.某同学利用螺旋测微器测量一金属板的厚度该螺旋测微器校零时的示数如上左图(a)所示，测量金属板厚度时的示数如图(b)

18、所示图(a)所示读数为 _mm 图(b) 所示读数为_ mm 所测金属板的厚度为 _ mm-13 -【答案】(1). 0.010( 0.001) (2). 0.010( 0.001) (3). 6.860( 0.002)【解析】图(a)螺旋测微器的固定刻度为0mm 可动刻度为 1.0 x0.01mm=0.010mm 所以最终读数为 0mm+0.010mm=0.010mm 由于螺旋测微器可动刻度读数时需估读，所以图(a)的读数0.010( 0.001)；图(b)螺旋测微器的固定刻度为6.5mm 可动刻度为 37.0 x0.01mm=0.370mm 所以最终读数为6.5mm+0.370mm=6.8

19、70mm 所以图(b)的读数 6.870mm；所以所测金属板的厚度为6.870mm-0.010mm=6.860mm16.某同学测量阻值约为 25kQ的电阻R,现备有下列器材：A .电流表(量程 100 卩 A,内阻约为 200Q);B .电流表(量程 500 卩 A,内阻约为 300Q);C .电压表(量程 15 V，内阻约为 100kQ);D .电压表(量程 50 V，内阻约为 500kQ);E .直流电源(20 V，允许最大电流 1 A);F 滑动变阻器(最大阻值 1 kQ);G 开关和导线若干.(1)_ 电流表应选 _，电压表应选.(填字母代号)(2)请在虚线框中画出测量_R 阻值的实验

20、电路图.【解析】(1)电源电压为 20V,故电压表应选择 C;-14 -通过电流值约为：20、|M!. !,而电流表 A 量程太小，内阻也大，所以不选A,25000而 B 合适.IL 75000% 100(2)因待测电阻约为 25KQ,，故用电流表内接法：RA300瓦25因是小电阻控制大电阻， 若用限流式接法，控制的电压变化范围太小，则应用分压式接法. 原理图如图所示；点睛：实验电路所用器材的要求要熟练掌握，读数的要求，误差来源的分析，变阻器的分压 与限流式区别要弄清楚.四、计算题17.如图所示，电场中某一条电场线为一直线，线上有A、B、C 三个点.正电荷 qi= +10“C 从B 点移到 A

21、 点时克服电场力做了 10-7J 的功；负电荷 q2= -10-8C,在 C 点的电势能比在 B 点时 大 10-7J .(1)判断电场线的方向；(2)求出 A、B 两点间的电势差和 B C 两点间的电势差；-15 -(3)若设 B 点的电势为零，求电荷 q2在 A 点的电势能.【答案】(1) A 到 C(2) 10V 10V(3) -10-7J【解析】(1)正电荷从 B 到 A 克服电场力做功，电场力方向从A 到 B,场强方向从 A 到 C；(3)则 K=卜.sl：liW点睛：本题的解题关键是掌握电势差的定义式匸 一，并能正确运用也可以推论：正电荷在电势高处电势能大，负电荷在电势高处电势能小

22、，判断电势高低.(2)107- ；10_SEpR-EpcUBC =-=-12 F-io-7- V = 10V-io-3-16 -18. 将一相距为 d=40cm 的平行板接入如图所示的电路中，当开关闭合时，带正电的小球刚好2静止在两平行板间已知电源电动势 E=24V、内阻 r=1Q, R=15Q，小球的电荷量 q=1x10-C质量 m=2K 10-2kg,.求：(1)带电小球静止时平行板间的电压 U.(2)动变阻器接入电路中的部分电阻的阻值【答案】(1)【解析】(1)对小球，由平衡条件得if- =a解得P)设此时滑动变阻器接入电路的阻值为由闭合电路欧姆定律得E1 -R-%又解得19.如图所示，

23、充电后的平行板电容器水平放置，电容为C,极板间距离为d, 上极板正中有一小孔质量为m电荷量为+q的小球从小孔正上方高h处由静止开始下落，穿过小孔到达 下极板处速度恰为零(空气阻力忽略不计， 极板间电场可视为匀强电场，重力加速度为g) 求:啊*(1)小球到达小孔处的速度；-17 -(2)极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；nig(h I- d) Cmg(h + d)【答案】(1)(2)gq【解析】试题分析：由V2= 2gh,得“(2)在极板间小球受重力和电场力作用，有-18 -qE mg= ma 且 v2 0 = 2ad，得- =mg(h I d)由 U= Ed, Q= CU 得q考点：牛顿定律；带电粒子在电场中的运动【名师点睛】本题关键是明确小球的受力情况和运动规律，然后结合动能定理和动量定理列 式分析，比较简