2020-2021学年湖北武汉市武昌区高三元月调考理综物理卷(解析版).doc

1、试卷第1页共 17 页2020-2021 学年湖北武汉市武昌区高三元月调考理综物理卷(解析版)姓名：_ 年级:_学号:_题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分得分1.(知识点：功能关系，匀变速直线运动基本公式应用，功率,对单物体(质点)的应用，向心力公式)(14 分)现代化的生产流水线大大提高了劳动效率，如下图为某工厂生产流水线上的水平传输装置的俯视图，它由传送带和转盘组成。物品从A 处无初速、等时间间隔地放到传送带上，运动到 B 处后进入匀速转动的转盘随其一起运动(无相对滑动)，到 C 处被取走装箱。已知 A、B 的距离 L =9.0 m，物品在转盘上与转轴O 的距离 R = 3.0

2、m、与传送带间的动摩擦因数叮=0.25，传送带的传输速度和转盘上与 O 相距为 R 处的线速度均为 v = 3.0 m/s ，取 g = 10 m/s2 。问：(1) 物品从 A 处运动到 B 处的时间 t ;(2)若物品在转盘上的最大静摩擦力可视为与滑动摩擦力大小相等，则物品与转盘间的动摩擦因数卩2至 少为多大？(3)若物品的质量为 0.5 kg，每输送一个物品从 A 到 C,该流水线为此至少多做多少功？【答案】(1) 3.6s【解析】试题分析：(2) 0.3( 3) 4.5J(1)设物品质量为 m 放在传送带上，先受到摩擦力而加速运动：对物品有逹1（3 分）（1 分）故还需做匀速运动，有

3、所以1s (1 分)评卷人得分（2分）试卷第2页共 17 页（2）物品在转盘上所收的静摩擦力提供向心力，有（3）在传送带上因为传送一个物品至少需要做的功（只在加速阶段做功）为:考点：本题考查匀变速运动的规律、功（16 分）真空中有如图所示矩形区域，该区域总高度为 2h、总宽度为 4h,其中上半部分有磁感应强度为B、垂直纸面向里的水平匀强磁场，下半部分有竖直向下的匀强电场，x 轴恰为水平分界线，正中心恰为坐标原点 Q 在 x = 2.5 h 处有一与 x 轴垂直的足够大的光屏（图中未画出）。质量为m 电荷量为 q 的带负电粒子源源不断地从下边界中点 P 由静止开始经过匀强电场加速，通过坐标原点后

4、射入匀强磁场中。粒子间的 相互作用和粒子重力均不计。（1 ）若粒子在磁场中恰好不从上边界射出，求加速电场的场强E;（I 要求粒子在磁场中恰好不从上边界射出，则取：-解得（1 分）y X斗蛊山 （2）带电粒子在电场中加速过程根据动能定理有：（3分）fT =+ 出A） =45（4分）进入匀强磁场后做匀速圆周运动，由得:（1分）则粒子从 0 点进入后运动了圆心角为0即离开磁场。由几何关系可得:得至少试卷第3页共 17 页（1 分）试卷第4页共 17 页 I -（ i 分）即离开磁场处的坐标为：【-,h】（3）带电粒子在电场中加速过程根据动能定理有：耳Eh nix 由“将光屏向 x 轴正方向平移，粒子

5、打在屏上的位置始终不改变”，知离开磁场时粒子速度方向必平行于x轴，沿+ x 方向。故：进入匀强磁场后做匀速圆周运动的半径为：（）（ 2 分）护遇-JH-又 = 瑚弘解得I 1（）（ 1 分）从 0 点进入磁场后先运动半个圆周再返回电场减速到0 又返回磁场时速度仍是1，如此周期性运动最后从磁场的右边界水平射出。离开磁场处：y = h（1分）XXXXXXXX -嵐K K X X X X-KX-KX尺X X -K-K X XW WB B耳VXMKVXMK -J X Xn.带电粒子在磁场中运动总时间2 分）试卷第5页共 17 页带电粒子在电场中运动总时间带电粒子在电磁场中运动总时间（没考虑到 n 的情

6、况给一半的分）考点：带电粒子在复合场中的运动如图所示，一水平放置的薄壁气缸，由截面积不同的两个圆筒连接而成，质量均为m = 1.0 kg 的B 用一长度为 3 L = 30 cm、质量不计的轻细杆连接成整体，它们可以在筒内无摩擦地左右滑动且 活塞 A B 的面积分别为 SA = 200 cm2 和 SB = 100 cm2，气缸内 A 和 B 之间封闭有一定质量的理A 的左边及 B 的右边都是大气，大气压强始终保持为p0 = 1.0X105 Pa。当气缸内气体的温度）（2 分）（）（1 分）（9分）活塞 A、不漏气。试卷第6页共 17 页为 T1 = 500 K 时，活塞处于图示位置平衡。问:

7、【解析】（1 分）（ 1 分）T1 = 500 KSA = 200 cm2（i ）此时气缸内理想气体的压强多大？（ii ）当气缸内气体的温度从 T1 = 500 K大？【答案】缓慢降至 T2 = 400 K 时，活塞A、B 向哪边移动？移动的位移多（i ）（ii ）活塞 A、B 一起向右移动了 10 cm试题分析：（i ）设被封住的理想气体压强为p，轻细杆对 A 和对 B 的弹力为F,对活塞 A 有：对活塞 B,有： ：（1分）得：（1 分）（ii ） 当气缸内气体的温度缓慢下降时， 活塞处于平衡状态， 缸内气体压强不变, B一起向右移动（1 分）活塞 A 最多移动至两筒的连接处。设活塞气体等

8、压降温，活塞A、A、B 一起向右移动的距离为X。对理想气体:I號吩“玉（1分）T2 = 400 KSB = 100 cm2试卷第7页共 17 页由盖？吕萨克定律：T兀（2 分）解得：x = 10 cmx & It; 2L = 20 cm（1 分）表明活塞 A 未碰两筒的连接处。故活塞 A、B 一起向右移动了 10 cm。考点：本题考查气体压强、盖？吕萨克定律（9 分）如图所示， 一半径为 R 的半球形玻璃砖，O 为球心， 其上表面水平，玻璃砖下方水平放置了足够大的光屏，玻璃砖上表面与光屏间距为d =心氏。一束恰好照射满了玻璃砖上表面的单色光垂直于上表面射入玻璃砖，其中一部分光经玻璃砖折

9、射后能到达光屏上。已知玻璃砖对该光的折射率为 上被该光照亮的面积。（不考虑光在玻璃砖内的反复反射）。【解析】试题分析：根据题设做出光路图如图所示对应的临界光线 AQ 的折射角为3= 90 由几何关系可知三角形 APO 为等腰直角三角形PA PO Jf 占皿茫袞 R（1 分）n = ，求光屏（3分）【答试卷第8页共 17 页AQ=3丘又几何关系（1 分）圆形面积为（2 分） 考点：本题考查几何光学如图所示，质量为 mA= 2 kg 的木块 A 静止在光滑水平面上，一质量为 mB= 1 kg 的木块 B 以初速度 v0 = 10 m/s 沿水平面向右与 A 正碰，碰撞后两者都向右运动。接着木块 A

10、 与挡板碰撞后立即反弹（木块 A 与挡板碰 撞过程无机械能损失） 。之后木块 A 与 B 发生第二次碰撞，碰后 A B 同向运动，速度大小分别为 1.8 m/s、 2.4 m/s。求：孟冋I粹加加切如n如加处俗处饴曲册淙（i ）木块 B 和 A 第一次碰撞后瞬间，A 的速度；（ii）A B 第二次碰撞过程中，A 对 B 做的功。【答案】(ii ) 0.88J【解析】试题分析：（i ）设 A、B 第一次碰后的速度大小为、，取向右为正方向:由动量守恒定律得（ 2 分）之后，A 保持速度与墙碰撞，由于这次碰撞无机械能损失，故反弹速度大小为，设A、B 第二次碰后的速度大小分别为、-，取向左为正方向：-

11、（2分）联立解得、乜（ 2 分） fwgvl2- 0（ii ）第二次碰撞过程中， A 对 B 做的功：（3 分）考点：本题考查碰撞、动量守恒定律（12 分）实际电流表有内阻，测量电流表G1 的内阻 r1 采用如图甲所示的电路。可供选择的器材如下：光屏上被光束照亮的部分是圆形，其半径:Ir (r)-R y/2R(2 分)(i)试卷第9页共 17 页1待测电流表 G1:量程为 0 5 mA，内阻约为 300Q2电流表 G2 量程为 0 10 mA，内阻约为 40Q3定值电阻 R1:阻值为 10Q4定值电阻 R2:阻值为 200Q5滑动变阻器 R3:阻值范围为 0 1000Q6滑动变阻器 R4:阻值

12、范围为 0 20Q7干电池 E:电动势约为 1.5 V，内阻很小8电键 S 及导线若干(1 )定值电阻 R0 应选_ ，滑动变阻器 R 应选_ 。(在空格内填写序号)(2)用笔画线代替导线，按图甲要求，在图乙中连接实物图。(3 )实验步骤如下：1按电路图连接电路(为电路安全，先将滑动变阻器滑片P 调到左端)2闭合电键 S,移动滑片 P 至某一位置，记录 G1 和 G2 的读数，分别记为 11 和 12 ;3多次移动滑动触头，记录各次G1 和 G2 的读数 11 和 12 ;4以 11 为纵坐标，I2 为横坐标，作出相应图线，如图丙所示。5根据 I1 I2 图线的斜率 k 及定值电阻 R0,得到

13、待测电流表 G1 的内阻表达式为 r1 =试卷第10页共 17 页(4) 若测定 G1 表的内阻 r1 为 290Q,用它改装成如图丁的一个多量程多用电表，电流、电压和电阻的测 量都各有两个量程(或分度值)不同的档位。1、2 两个档位为电流表档位，其中的大量程是小量程的10 倍。试卷第11页共 17 页1关于此多用表，下列说法正确的是： _A. 当转换开关 S 旋到位置 4 时，是电阻档B. 当转换开关 S 旋到位置 6 时，是电压档C. 转换开关 S 旋到 5 的量程比旋到 6 的量程大D. A 表笔为红表笔，B 表笔为黑表笔2图中的电源 E 的电动势为 9.0 V，当把转换开关 S 旋到位

14、置 4,在 AB 之间接 900Q电阻时，表头 G1刚好半偏。已知之前的操作顺序和步骤都正确无误。则R5 =_Q,R6 =Q。【答案】（5）29（2 分）；261 （2 分）【解析】试题分析：由题意知，电流表 G1 的量程 5mA 内阻约 300Q，电流表所以 G2 的量程 10mA 需与 G1 的并联 电阻分流，所以选择 200Q定值电阻；控制电路选择分压式接法， 故滑动变阻器选择阻值较小的；（2）（1）；（2 分）（2）如图见解析（2分）（3）（2分）（4）ABD （2 分）试卷第12页共 17 页由图知，旋钮开关接 1、2 为电流档，3、4 为欧姆档，5、6 为电压档，所以 A 正确；B

15、 错误；改装为电压表（3）由图知，整理得:见”，所以尽，解得:实物图如图试卷第13页共 17 页的量程为串联电阻的阻值越大， 量程越大，故转换开关 S 旋到 5 的量程比旋到 6 的量程小,所以 C 错误；多电表电流从红色表笔流入电表，从黑色表笔流出电表，所以A 表笔为红表笔，B 表笔为黑表笔，故 D 正确；（5）“测量过程操作的顺序和步骤都正确无误”，意味着之前已经将A、B 短接调零了（即让表头满偏），在 AB 之间接 900乜士电阻时，表头 G 刚好半偏，说明：当表头半偏时，改装后的欧姆表“ 4”的总内阻扎-;，则转换开关 S 在“2”时（如图 a），电流表的量程为依题意，转换开关 S 在

16、 1（如图 b）时，电流表的量程为 由表头 G 的满偏电流为内阻为 290L和并联电路电流分配规律可解得：29 ，261。考点：本题考查测量电表的内阻、多用电表的使用（5 分）如图所示，上、下两个完全相同的圆弧轨道分别固定在竖直板上的不同高度处，轨道的末端水平， 上轨道可上下平移，在两轨道相对于各自轨道末端高度相同的位置上各安装一个电磁铁，两个电磁铁由同 一个开关控制，通电后，两电磁铁分别吸住相同小铁球A、B,断开开关，两个小球同时开始运动。离开圆弧轨道后，A 球做平抛运动，B 球进入一个光滑的水平轨道，则：O9.0试卷第14页共 17 页（2 ）某次实验恰按图示位置释放两个小球，两个小球相碰

17、的位置在水平轨道上的P 点处，已知固定在竖直板上的方格纸的正方形小格边长均为9 cm,则可计算出 A 球刚达 P 点时的速度大小为_ m/s。（ g 取 10 m/s2，结果保留两位有效数字）【答案】（1） 匀速（直线）（1 分）；A 球（或平抛运动）的水平分运动是匀速直线运动（2 分）（2）4.5 （2 分）【解析】试题分析：（1）由于水平轨道光滑，知 B 球进入水平轨道后将做匀速直线运动，由于实验现象A、B 相遇,故 A 球（或平抛运动）的水平分运动与 B 球的运动一样，是匀速直线运动；（ 2）由图知 A 球下落的高度为h_l2h=9L=81cm 水平位移 x=9L=81cm,根据平抛运动

18、的规律：，解得：岭=0 95精扭丹二0 9莎助“所以片=廣+甘=4 5枳恤考点：本题考查平抛运动正对着并水平放置的两平行金属板连接在如图电路中，板长为I，板间距为 d,在距离板的右端 21 处有一竖直放置的光屏 M。D 为理想二极管（即正向电阻为0,反向电阻无穷大），R 为滑动变阻器，R0 为定值电阻。将滑片 P 置于滑动变阻器正中间，闭合电键S,让一带电量为 q、质量为 m 的质点从两板左端连线的中点 N 以水平速度 v0 射入板间，质点未碰极板，最后垂直打在M 屏上。在保持电键 S 闭合的情况下，下列分析或结论正确的是（）A. 质点在板间运动的过程中与它从板的右端运动到光屏的过程中速度变化

19、相同2吨B. 板间电场强度大小为C.若仅将滑片 P 向下滑动一段后，再让该质点从N 点以水平速度 v0 射入板间，质点依然会垂直打在光屏 上D.若仅将两平行板的间距变大一些，再让该质点从N 点以水平速度 v0 射入板间，质点依然会垂直打在光 屏上【答案】BCD【解析】试卷第15页共 17 页试题分析：由题意知，粒子在板间做类平抛运动，要使最后垂直打在M 屏上，离开板间后竖直方向做减速运动，到达 M 板时竖直速度减为零，而水平方向一直做匀速运动，设离开板时竖直速度为vy，质点在板间试卷第16页共 17 页运动的过程中速度变化为vy，从板的右端运动到光屏的过程中速度变化为 -vy，故 A 错误；粒

20、子从板的右 =联立解得：，故 B 错误；若仅将滑片 P 向下滑动一段后，电阻 R 的电压减小，电容器电压减小，电容器放电，由于二极管的特性，电容器放不出去电，故电容器电压不变，板间电场强度不变，质点依然C=-会垂直打在光屏上，故 C 正确；若仅将两平行板的间距变大一些，由知，电容减小，由 Q=CU电容器放电，由于二极管的特性，电容器放不出去电，故电容器电压不变，板间电场强度不变，质点依然会垂直打在光屏上，故 D 正确考点：本题考查带电粒子在复合场中的运动气象卫星是用来拍摄云层照片、观测气象资料和测量气象数据的。我国先后自行成功研制和发射了 “风云I号”和“风云n号”两颗气象卫星，“风云I号”卫

21、星轨道（极地圆轨道）与赤道平面垂直并且通过两极，绕地做匀速圆周运动的周期为12 h。“风云n号”气象卫星轨道（地球同步轨道）平面在赤道平面内，绕地做匀速圆周运动的周期为 24 h，则“风云n号”卫星比“风云I号”卫星（）A.轨道半径小 B.线速度小C.角速度大 D.向心加速度大【答案】B【解析】小Mw4/rG三tn r试题分析：由题意知，“风云n号”气象卫星的周期大于“风云I号”卫星的周期，根据厂MM4贰V*飞G =脚一一=m =厂厂子可得:的线速度小，角速度小，向心加速度小，故B 正确；A C、D 错误。考点：本题考查天体运动如图所示，质量为 M 半径为 R 的半球形物体 A 放在水平地面上

22、，通过最高点处的钉子用水平轻质细线拉住端运动到光屏的过程中用时2Z厂，所以片，在板间，竖直方向知“风云n号”卫星的轨道半径大，又“风云n号”卫星试卷第17页共 17 页A. B 对 A 的压力大小为试卷第18页共 17 页根据几何关系： ，可得，故 A 错误；绳上拉力 T：B 错误；把 AB 视为一整体为研究对象，受重力和地面的支持力，由平衡条件知，地面对整体的重力（M+m g,不受地面的摩擦力，所以C 正确，D 错误。考点：本题考查物体的平衡从地面竖直上抛一物体 A 的同时，在离地面高 H 处有相同质量的另一物体 B 开始做自由落体运动，两物体 在空中同时到达距地面高h 时速率都为 v （两

23、物体不会相碰），则下列说法正确的是（）A. H = 2 hB.物体 A 竖直上抛的初速度大小是物体B 落地时速度大小的 2 倍C. 物体 A B 在空中运动的时间相等D. 两物体落地前各自的机械能都守恒且两者机械能相等【答案】D【解析】试题分析：由题意知，A、B 运动的时间相同，又加速度都等于 g,所以速度的变化量大小也相同，都等于 v,对 A:Av=v-vO=-v，上升高度 hA=h,对 B:Av=v-O=v，下落高度 hB=H-h，由- ，可知 hA=3hB,可得： H=4h/3 , A的初速度 v0=2v，根据对称性知，B 落地的速度也是 2v，故 A 错误；B 错误；A 上升的时间与

24、B 下落的时间相同，设为 t，故 A 在空中运动的时间为 2t，所以 C 错误；两物体落地前，只有重力做功，所 以各自的机械能都守恒，AB在地面处的速度大小相等，所以两者机械能相等，故D 正确。考点：本题考查自由落体运动如图所示是放置于水平地面上的简易滑梯示意图，一小孩从滑梯斜面顶点A 开始无初速度下滑，在 AB 段匀加速下滑，在 BC 段匀减速下滑，滑到 C 点恰好速度为零（B 点为 AC 的中点），整个过程中滑梯保持静止状 态。假设R + r-B.细线对小球的拉力大小为RC. A 对地面的压力大小为（M + m ） gD. 地面对 A 的摩擦力大小为【答案】C【解析】试题分析：以 B 为研

25、究对象，受力分析如图所示，由平衡条件知,B 对 A 的压力等于 A 对 B 的支持力 F,，故A 的支持力等试卷第19页共 17 页该小孩在 AB 段和 BC 段滑动时与斜面间的动摩擦因数分别为卩1和卩 2,斜面倾角为B,则（）试卷第20页共 17 页A1A. 整个过程中地面对滑梯的支持力始终等于该小孩和滑梯的总重力，地面对滑梯始终无摩擦力作用B. 动摩擦因数满足 卩 1 +卩 2 = 2 tan0C. 该小孩在 AB 和 BC 两段运动的时间相等，平均速度也相等D. AB 段与 BC 段小孩受的摩擦力做功的平均功率相等【答案】BC【解析】试题分析：由题意知，小孩在 AB 段加速下滑，有沿斜面

26、向下的加速度al，有竖直向下的分加速度，处于失重状态，故此过程地面对斜面的支持力小于整体的重力，所以 A 错误；设小孩在 B 点的速度为 v,由于 AB=BC再根据八乳战,可得在 AB BC 段加速度大小相等，根据牛顿第二定律：AB 段八；可得：小孩在 AB 和 BC 两段运动的时间相等，平均速度也相等，所以C 正确；由上述分析知， AB 段、BC 段的摩擦力不同，而平均速度相同，根据功率，可得：AB 段与 BC 段小孩受的摩擦力做功的平均功率 不相等，所以 D 错误。考点：本题考查牛顿第二定律、功率如图所示电路中，滑片P 位于滑动变阻器 R2 正中间，电源内阻不能忽略，两个电压表均为理想电表

27、。当滑动变阻器 R2 的滑片 P 滑动时，关于两个电压表V1 与 V2 的示数，下列判断正确的是（）V1 的示数逐渐增大、V2 的示数逐渐减小R2 消耗的功率一定逐渐减小V1 示数改变量的绝对值小于V2 示数改变量的绝对值V2 示数改变量与流过 R2 的电流改变量的比值保持不变【答案】ACDBC 段込:皿必陀恥斤碍，联立解得1 +2 = 2 tan0,所以 B 正确;由 v=at ,A.P 向 a 端滑动的过程中,B. P 向 a 端滑动的过程中,C. P 向 b 端滑动的过程中,D. P 向 b 端滑动的过程中,试卷第21页共 17 页【解析】试题分析：P 向 a 端滑动的过程中，R2 的阻

28、值减小，电路电流 1 增大，所以 V1 的示数 U1=IR1 增大，电源试卷第22页共 17 页内电压 Ur=lr 也增大，再由一 亠一 ，可得 V2 的示数 U2 减小，所以 A 正确；R2 消耗的功率匕況=-（鸟+广 4&丿 ，由于不知 R2 与 R1+r 的大小关系，所以不能确定功率 p2 的变化，故 B 错 误；P 向 b端滑动的过程中，R2 的阻值增大，电流减小，所以 R1+r 的电压减小，由乩打冷，所 以 R2 的电压变化量 -大于 V1 示数改变量的绝对值，所以 C 正确；可得竺也 S 卄保持不变，故 D 正确。考点：本题考查闭合电路欧姆定律如图所示为一种获得高能粒子的装

29、置，环形区域内存在垂直于纸面、磁感应强度大小可调的匀强磁场（环形区域的宽度非常小）。质量为m 电荷量为 q 的带正电粒子可在环中做半径为R 的圆周运动。A、B 为两块中心开有小孔的距离很近的平行极板，原来电势均为零，每当带电粒子经过A 板刚进入 AB 之间时，A 板电势升高到+ U , B 板电势仍保持为零，粒子在两板间的电场中得到加速。每当粒子离开B 板时，A 板电势又降为零。粒子在电场中一次次加速使得动能不断增大，而在环形区域内，通过调节磁感应强度大小可使 绕行半径 R 不变。已知极板间距远小于 R,则下列说法正确的是（）粒子绕行第 N 圈时，环形区域内匀强磁场的磁感应强度为【答案】BD【

30、解析】试题分析：由题意知粒子在轨道内做顺时针圆周运动，根据左手定则可判断匀强磁场的磁场方向垂直于纸 面向外，所以A 错误；由于粒子在做圆周运动的过程中洛伦兹力不做功，在AB 板间电场力做功 W=qU 所以粒子绕行 N 圈后回到 A 板时获得的总动能为 NqU,故 B 正确；由于粒子的轨道半径 R 不变，而粒子做圆周运A.B.C.环形区域内匀强磁场的磁场方向垂直于纸面向里粒子从 A 板小孔处由静止开始在电场力作用下加速， 绕行 粒子在绕行的整个过程中，A 板电势变化周期不变N 圈后回到 A 板时获得的总动能为 NqUD.试卷第23页共 17 页nqU 动第 n 圈的速度为 vn,根据，可得粒子圆

31、周运动的速度增大，根据,试卷第24页共 17 页率，竺”丄単E所以k ，又.，联立得：” ，所以 D 正确。考点：本题考查带电粒子在磁场中的圆周运动如图甲所示，为一列沿 x 轴传播的简谐横波在 t = 0 时刻的波形图。图乙表示该波传播的介质中x = 2m处的质点 a 从 t = 0 时起的振动图象。则下列说法正确的是(选对一个给 3 分，选对两个给 4 分,选对三个给 6 分。每错选一个扣 3 分，最低得分为 0 分)。A. 波传播的速度为 20 m/sB. 波沿 x 轴负方向传播C.t = 0.25 s时，质点 a 的位移沿 y 轴负方向D.t = 0.25 s时，x = 4 m 处的质点

32、 b 的加速度沿 y 轴负方向E. 从 t = 0 开始，经 0.3 s，质点 b 通过的路程是 6 m【答案】ACD【解析】v = = 20JH/J试题分析：甲图知，波长为 4m,乙图知，周期为 0.2s，所以波速，故 A 正确；由乙图知t=0 时刻，质点 a 向下振动，结合甲图由上下波法可得：波的传播方向为x 轴正方向，所以 B 错误；到达波峰位置，所以加速度沿y 轴负方向，故 D 正确；0.3=3T/2，所以 0.3s 时间内质点 b 通过的路程为6A=1.2m,所以 E 错误。考点：本题考查机械波在物理学理论建立的过程中，有许多伟大的科学家做出了贡献。关于科学家和他们的贡献，下列说法正

33、确的是()A. 伽利略把斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律和行星运动的规律纯 2砌v，所以周期减小，故 A 板电势变化周期变小,故 C 错误；粒子绕行第N圈时，故 0.25s 后质点处于波谷位置，所以C 正确；由甲图知 t=0 时刻质点 b 向上振动，0.25s 后试卷第25页共 17 页B. 牛顿通过实验测出了引力常量并进行了著名的“月一地检验”C. 牛顿最早指出力不是维持物体运动的原因并提出了惯性定律D. 安培提出了分子电流假说，并在磁场与电流的相互作用方面做出了杰出的贡献【答案】D【解析】试题分析：伽利略由斜面实验的结果合理外推，发现了自由落体运动规律，所以A 错误；牛顿发现万有引力定律，但没有测出引力常数，所以B 错误；伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故C 错误；安培提出了分子电流假说，并在磁场与电流的相互作用