2018年高考模拟理综物理选编相互作用-解析版

1、.学生互相作用一、单项选择题本大题共5小题，共20.0分1. 如图A，B，C为三个完全一样的物体，当程度力F作用于B上，三物体可一起匀速运动，撤去力F后，三物体仍可一起向前运动，设此时A，B间作用力为f1，B、C间作用力为f2，那么f1和f2的大小为A. f1=f2=0B. f1=0，f2=FC. f1=F3，f2=23FD. f1=F，f2=02019陈笑整理C理综物理思路拓展解：开场三个物体在拉力F的作用下一起做匀速直线运动，知F=f，撤去F后，三个物体一起做匀减速直线运动，整体的加速度为：a=f3m=F3m 隔离对A分析，A在程度方向上的合力等于B对A的摩擦力，有：f1=ma=F3 隔离

2、对AB分析，AB整体所受的合力等于C对它们的摩擦力，有：f2=2ma=23F，故C正确，ABD错误，应选：C撤去力F，假设三个物体仍能一起继续向前运动，根据牛顿第二定律求出整体的加速度，再隔离对A分析、对AB分析，求出A、B之间，B、C之间的摩擦力解决此题的关键可以正确地受力分析，运用牛顿第二定律进展求解，注意整体法和隔离法的运用2. 在程度地面上，质量m1的小球用轻绳跨过光滑的半圆形碗连接质量分别为m2和m3的物体，平衡时小球恰好与碗之间没有弹力作用，那么m1、m2和m3的比值为A. 1：2：3B. 2：1：1C. 2：3：1D. 2：1：32019陈笑整理C理综物理思路拓展解：对碗内的小球

3、m1受力分析，受重力、两个细线的两个拉力，由于碗边缘光滑，相当于动滑轮，故细线对物体m2的拉力等于m2g，细线对物体m1的拉力等于m1g，如图根据共点力平衡条件，两个拉力的合力与重力等值、反向、共线，有 G2=G1cos30°=m2g G3=G1sin30°=m1g故解得m1：m2：m3=2：3：1应选：C。对碗内的小球m1受力分析，根据共点力平衡条件，运用合成法求解即可。此题关键是对碗内小球受力分析，根据三力平衡条件可知，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后运用合成法作图，根据几何关系得到三个物体的重力之比。3. 跨过定滑轮的绳的一

4、端挂一吊板，另一端被吊板上的人拉住，如下图人的质量为70kg，吊板的质量为10kg，绳及定滑轮的质量、滑轮的摩擦均可不计取重力加速度g=10m/s2当人以440N的力拉绳时，人与吊板的加速度a和人对吊板的压力F分别为A. a=1.0m/s2，F=260NB. a=1.0m/s2，F=330NC. a=3.0m/s2，F=110ND. a=3.0m/s2，F=50N2019陈笑整理B理综物理思路拓展解：以整体为研究对象，整体受重力、两根绳子的拉力；由牛顿第二定律可知：整体的加速度a=2T(M+m)g(M+m)=2×44080080m/s2=1.0m/s2；以人为研究对象，由牛顿第二定律

5、可知：T+F-mg=ma解得人受吊板的支持力F=mg-T+ma=700N-440N+70N=330N；由牛顿第三定律可知人对吊板的压力为330N；应选B4. 一质量为m的铁球在程度推力F的作用下，静止在倾角为的斜面和竖直墙壁之间，铁球与斜面的接触点为A，推力F的作用线通过球心O，如下图，假设斜面、墙壁均光滑假设程度推力缓慢增大，那么在此过程中A. 墙对铁球的作用力大小始终等于推力FB. 墙对铁球的作用力大小始终大于推力FC. 斜面对铁球的作用力缓慢增大D. 斜面对铁球的支持力大小始终等于mgcos2019陈笑整理D理综物理思路拓展解：A、B、对小球受力分析，受推力F、重力G、墙壁的支持力N、斜

6、面的支持力N，如图 根据共点力平衡条件，有：x方向：F-Nsin-N=0 竖直方向：Ncos=mg 解得：N=mgcos；N=F-mgtan 当F增加时，墙壁对铁球的作用力不断变大，为N=F-mgtanF；故AB错误；C、D、当F增加时，斜面的支持力为mgcos，保持不变，故球对斜面的压力也保持不变；那么斜面对球的作用力也保持mgcos不变；故C错误，D正确；应选：D对球受力分析，然后根据共点力平衡条件，运用正交分解法，结合几何关系分析求解；此题关键是对小球受力分析，根据共点力平衡条件，运用正交分解法列式求解即可得出各力的变化情况5. 如下图，物体A放在粗糙程度面上，左边用一根轻弹簧和竖直墙相

7、连，静止时弹簧的长度小于原长假设再用一个从零开场逐渐增大的程度力F向左推A，直到把A推动在A被推动之前的过程中，弹簧对A的弹力F1大小和地面对A的摩擦力f大小的变化情况是A. F1保持不变，f始终减小B. F1保持不变，f先减小后增大C. F1始终增大，f始终减小D. F1先不变后增大，f先减小后增大2019陈笑整理B理综物理思路拓展解：由题意可知，放在粗糙程度面上，静止时弹簧的长度小于原长，那么弹簧对A的推力向右，由于粗糙程度面，因此同时受到程度向左的静摩擦力当再用一个从零开场逐渐增大的程度力F向左推A，直到把A推动前过程中，物体A受到的静摩擦力从向右变为程度向左所以其大小先减小后增大故B正

8、确，ACD错误应选：B在P被推动之前的过程中，弹簧仍处于原状，因此弹力不变，而物体P先开场受到向左的静摩擦力，当推力渐渐增大时，导致出现向右的静摩擦力，因此根据进展受力分析，即可判断此题解题的关键是对A物体进展正确的受力分析，知道当A没有运动时，弹簧弹力不变，而由于推力的变化，从而导致静摩擦力的方向变化，难度适中二、多项选择题本大题共4小题，共16.0分6. 如图，半圆形支架BAD，两细绳OA和OB结于圆心O，下悬重为G的物体，使OA绳固定不动，将OB绳的B端沿半圆支架从程度位置逐渐移至竖直位置C的过程中，分析OA绳和OB绳所受的力大小如何变化？A. OA绳拉力逐渐变大B. OA绳拉力逐渐变小

9、C. OB绳拉力先变小后变大D. OB绳拉力逐渐变小2019陈笑整理BC理综物理思路拓展解：对结点O受力分析如图：结点O始终处于平衡状态，所以OB绳和OA绳上的拉力的合力大小保持不变，方向始终是竖直向上的所以OA绳受力大小变化情况：逐渐变小；OB绳受力大小变化情况是：先变小后变大应选BCOB绳的B端沿半圆支架从程度位置逐渐移至竖直的位置C的过程中，物体始终处于平衡状态，找出不变的物理量，画出平行四边形进展分析此题为物体平衡条件的一个应用：动态分析，处理这个类型的题需要找出不变的物理量，然后作图或找变化的物理量与不变的物理量之间的关系再加以分析，就是以不变应万变7. 一有固定斜面的小车在程度面上

10、做直线运动小球通过细绳与车顶相连小球某时刻正处于图示状态设斜面对小球的支持力为N，细绳对小球的拉力为T关于此时刻小球的受力情况，以下说法正确的选项是A. 假设小车向左运动，N可能为零B. 假设小车向左运动，T可能为零C. 假设小车向右运动，N不可能为零D. 假设小车向右运动，T不可能为零2019陈笑整理AB理综物理思路拓展解：A、假设小车向左运动做减速运动，那么加速度向右，小球受重力及绳子的拉力可以使小球的加速度与小车一样，故此时N为零，故A正确；B、假设小球向左加速运动，那么加速度向左，此时重力与斜面的支持力可以使合力向左，那么绳子的拉力为零，故B正确；同理可知当小球向右时，也可能做加速或减

11、速运动，故加速度也可能向右或向左，故N和T均可以为零，故CD均错误；应选AB对小球受力分析，根据车的运动情况可知小球受拉力及支持力的情况力是改变物体运动状态的原因，故物体的受力与加速度有关，和物体的运动方向无关，故此题应讨论向左加速和减速两种况8. 质量为M的直角三棱柱A放在程度地面上，三棱柱的斜面是光滑的，且斜面倾角为质量为m的光滑球B放在三棱柱和光滑竖直墙之间A、B处于静止状态，现对B加一竖直向下的力F，F的作用线过球心，设墙对B的作用力为F1，B对A的作用力为F2，地面对A的支持力为F3，地面对A的摩擦力为F4，假设F缓慢增大而且整个装置仍保持静止，在此过程中A. F1保持不变，F3缓慢

12、增大B. F2.F4缓慢增大C. F1.F4缓慢增大D. F2缓慢增大，F3保持不变2019陈笑整理BC理综物理思路拓展解：不加推力时，选取A和B整体为研究对象，它受到重力M+mg，地面支持力N，墙壁的弹力F和地面的摩擦力f的作用如下图而处于平衡状态 根据平衡条件有：N-M+mg=0 F=f 可得：N=M+mg再以B为研究对象，它受到重力mg，三棱柱对它的支持力NB，墙壁对它的弹力F的作用如下图，而处于平衡状态，根据平衡条件有：NB cos=mg NsinB=F解得：F=mgtan，所以f=F=mgtan    加推力F，相当于物体B的重力mg变大，再由

13、式知，墙对B的作用力为F1增大，对整体分析知，地面对A的摩擦力等于墙壁对B的作用力，所以F4增大施加推力F后，相当于物体B的重力mg变大，那么A对B的作用力变大，B对A的作用力也变大，即F2增大，对整体分析，知地面的支持力增大，即F3增大故BC正确，AD错误应选：BC正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题正确选择研究对象，对其受力分析，运用平衡条件列出平衡等式解题要注意多个物体在一起时，研究对象的选取9. 竖直墙面与程度地面均光滑且绝缘，小球A、B带有同种电荷现用指向墙面的程度推力F作用于小球B，两球分别静止在竖直墙和程度地面上，如下图假如将小球B向左推动少许，当两球重新

14、到达平衡时，与原来的平衡状态相比较A. 推力F将变大B. 竖直墙面对小球A的弹力变大C. 地面对小球B的支持力不变D. 两小球之间的间隔 变大2019陈笑整理CD理综物理思路拓展解：A、B、C以A球为研究对象，分析受力，作出力图如图1所示 设B对A的库仑力F与墙壁的夹角为，由平衡条件得竖直墙面对小球A的弹力为：  N1=mAgtan，将小球B向左推动少许时减小，那么竖直墙面对小球A的弹力N1减小故B错误再以AB整体为研究对象，分析受力如图2所示，由平衡条件得：  F=N1   N2=mA+mBg 那么F减小，地面对小球B的支持力一定不

15、变故A错误，C正确D、由上分析得到库仑力F库=mAgcos，减小，cos增大，F库减小，根据库仑定律分析得知，两球之间的间隔 增大故D正确应选：CD先以A球为研究对象，分析受力，作出力图，根据平衡条件分析墙壁对A的弹力如何变化，再以AB整体为研究对象，根据平衡条件分析F如何变化和地面对小球B的弹力的变化由库仑定律分析两球之间的间隔 如何变化此题运用隔离法和整体法结合分析动态平衡问题，关键是确定研究对象往往以受力较少的物体为研究对象，分析受力情况三、填空题本大题共2小题，共8.0分10. 如下图，小车受到绳子的拉力F，它产生两个作用效果：其中F1使车抑制程度地面的摩擦阻力前进；F2把车竖直向上提

16、假设F 与为，那么F1和F2的大小分别为，那么F1= _ ，F2= _ 2019陈笑整理Fcos；Fsin理综物理思路拓展解：根据平行四边形定那么，在程度方向上的分力F1=Fcos，竖直方向上的分力F2=Fsin故答案为：Fcos，Fsin将拉力沿程度方向和竖直方向分解，根据平行四边形定那么，求出程度分力和竖直分力解决此题的关键知道力可以按作用效果进展分解，分解时合力与分力遵循平行四边形定那么11. 如图，半径为R的圆盘上绕有一根轻绳，轻绳的另一端与放在程度桌面上物体相连，物体质量为m，绳子处于程度状态，物体与桌面的摩擦系数为t=0开场，圆盘以角速度=ktk为常数转动，绳子上拉力为_

17、；经过时间t，圆盘转过的圈数n=_2019陈笑整理mkR+g；kt24理综物理思路拓展解：根据公式：v=R得：v=ktR=kRt 结合匀变速直线运动的速度公式：v=at可得：a=kR 物体在运动的过程中程度方向受到拉力与摩擦力，那么：F-mg=ma 联立得：F=mg+ma=mkR+g经过时间t，圆盘转过的角度：=0+kt2t=12kt2 圆盘转过的圈数n=2=kt24 故答案为：mkR+g，kt24根据角速度与线速度的关系写出线速度的表达式，再由运动学的公式求出物体的加速度，由牛顿第二定律求出拉力结合=kt求出圆盘转过的圈数n该题结合牛顿第二定律考察变速圆周运动的线速度、角速度之间的关系，在解

18、答的过程中要注意公式的变换四、实验题探究题本大题共4小题，共36.0分12. 某同学在研究性学习中，利用所学的知识解决了如下问题：一轻质弹簧竖直悬挂于某一深度为h=35.0cm，且开口向下的小筒中没有外力作用时弹簧的下端位于筒内，用测力计可以同弹簧的下端接触，如图甲所示，假设本实验的长度测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度l，现要测出弹簧的原长l0和弹簧的劲度系数，该同学通过改变l而测出对应的弹力F，作出F-l图象如图乙所示，那么弹簧的劲度系数为k= _ N/m，弹簧的原长l0= _ cm 2019陈笑整理200；25理综物理思路拓展解：根据胡克定律F与l的关系式为：F=kl+h-l0=kl+k

19、h-l0，从图象中可得直线的斜率为2N/cm，截距为20N，故弹簧的劲度系数为：k=2N/cm=200N/m 由kh-l0=20N 于是：l0=25cm 故答案为：200； 25 根据胡克定律写出F与l的关系式，然后结合数学知识求解即可找到各个物理量之间的关系，然后根据胡克定律列方程，是解答此题的打破口，这要求学生有较强的数学推导才能13. 在“探究弹力与弹簧伸长量的关系实验中，由实验测得某弹簧所受弹力F和弹簧的长度L的关系图象如下图，那么：1该弹簧的原长L0= _ cm 2该弹簧的劲度系数为K= _ N/m2019陈笑整理15；500理综物理思路拓展解：1弹簧处于原长时，弹簧所受弹

20、力为0，那么从图中可知，F=0时，L0=15cm；2由胡克定律有F=Kx，从图中可知弹簧长度L=25cm时，弹簧伸长量x=L-L0=10cm=0.1m，弹力F为50N 那么该弹簧的劲度系数K=Fx=500.1N/m=500N/m；故答案为：15；  5001直接读图，弹力为0时对应的弹簧长度就是弹簧的原长；2利用胡克定律F=kx，计算该弹簧的劲度系数；此题考察探究弹力与弹簧伸长量的关系实验，解题的关键是掌握胡克定律，进步读图才能从图中找到有用的信息，再结合胡克定律计算14. 一轻质弹簧程度悬挂于某一深度为h且开口向右的小筒中，轻弹簧的原长为L0，且L0h，如图甲所示，假设本实验的长度

21、测量工具只能测量露出筒外弹簧的长度L，现要测出弹簧的原长和弹簧的劲度系数，该同学通过改变L面测出对应的弹力F，作出F-L图象如图乙所示，图中标示的均为量。那么弹簧的劲度系数为k=_，弹簧的原长L0=_。2019陈笑整理badc；bc+bhahba理综物理思路拓展解：根据胡克定律F与l的关系式为：F=kL+h-L0=kL+kh-L0，从图象中可得当F对应的大小分别是a与b时，弹簧的长度分别是c和d 故弹簧的劲度系数为：k=badc L0=bc+bhahba 故答案为：badc；bc+bhahba根据胡克定律写出F与L的关系式，然后结合数学知识求解即可。找到各个物理量之间的关系，然后根据胡克定律列

22、方程，是解答此题的打破口，这要求学生有较强的数学推导才能。15. 小明同学想利用实验验证共点力作用下物体的平衡条件，他设计了一下实验过程：在竖直木板上固定两个定滑轮M1和M2，在一个铁环P上系三根轻细绳a、b、c，其中a、b细绳跨过滑轮各挂一组钩码，细绳c直接挂一组钩码，每个钩码质量一样，轻绳、钩码、铁环均与木板不接触，整个装置平衡时情况如下图。1小明想通过作图法来进展验证，他除了记录铁环P位置及三根细绳的方向，还需知道哪些物理量？_A每组钩码的个数B每个钩码的质量C铁环P的质量DM1、M2两滑轮的高度差2关于本实验，以下说法正确的选项是_。A为了减小实验误差，两滑轮与绳间的摩擦尽量小些B为了

23、减小实验误差，铁环P的质量应尽量小些C改变滑轮量程钩码个数，铁环P的质量应尽量小些D作力的图示时应选择适当的标度2019陈笑整理ABC；AD理综物理思路拓展解：1本实验以铁环P为研究对象，根据P环的受力情况，采用图示法研究，所以必须测出铁环P的重力和三根细绳的拉力大小和方向，因此他除了记录铁环P位置及三根细绳的方向，还需知道每组钩码的个数，每个钩码的质量和铁环P的质量，与两滑轮的高度差没有关系，故ABC正确，D错误。应选：ABC2AB、摩擦会影响绳子拉力测量的准确性，为了减小实验误差，两滑轮与绳间的摩擦尽量小些，铁环P的质量应尽量大些，故A正确，B错误。C、改变滑轮量程钩码个数，铁环P的质量过小，重力的相对误差较大，故C错误。D、作力的图示时应选择适当的标度，使力的图示不至于太大或太小，故D正确。故答案为：1ABC2A